TopStudy

Toán · Lớp 12

Giải SGK Toán 12 Bài 12. Tích phân

17 câu · 26 phút · Ngân hàng đề TopStudy. Đáp án và lời giải do TopStudy biên soạn, mở ngay dưới từng câu.

Làm bài

Nội dung đề

Phần I. Tự luận

Câu 1

1 điểm
Một ô tô đang chạy với vận tốc 20 m/s thì người lái đạp phanh. Sau khi đạp phanh, ô tô chuyển động chậm dần đều với vận tốc v(t) = −40t + 20 (m/s), trong đó t là thời gian tính bằng giây kể từ lúc đạp phanh. Hỏi từ lúc đạp phanh đến khi dừng hẳn, ô tô còn di chuyển bao nhiêu mét?
Xem đáp án và lời giải

Hướng dẫn chấm do TopStudy biên soạn, mang tính gợi ý

Sau khi học xong bài này, ta giải quyết bài toán này như sau:

Ô tô dừng lại khi v(t) = 0. Tức là −40t + 20 = 0 Û t = 0,5 giây.

Từ lúc đạp phanh đến khi dừng hẳn, ô tô còn di chuyển được quãng đường là:

S=∫00,5(−40t+20)dt=−20t2+20t∣00,5=5S=\int _{0}^{0{,}5}(-40t+20)dt={-20{t}^{2}+20t|}_{0}^{0{,}5}=5(m).

Vậy quãng đường ô tô di chuyển được là 5 mét.

Câu 2

1 điểm

Kí hiệu T là hình thang vuông giới hạn bởi đường thẳng y = x + 1, trục hoành và hai đường thẳng x = 1, x = t (1 ≤ t ≤ 4) (H.4.4)

a) Tính diện tích S của T khi t = 4.

b) Tính diện tích S(t) của T khi t ∈ [1; 4].

c) Chứng minh rằng S(t) là một nguyên hàm của hàm số f(t) = t + 1, t ∈ [1; 4] và diện tích S = S(4) – S(1).

Hình minh hoạ

Xem đáp án và lời giải

Hướng dẫn chấm do TopStudy biên soạn, mang tính gợi ý

a)

Hình minh hoạ

Kí hiệu A(1; 0), B(4; 0) và C, D lần lượt là giao điểm của đường thẳng x = 4; x = 1 với đường thẳng y = x + 1.

Khi đó C(4; 5), D(1; 2).

Ta có: AD = 2; BC = 5; AB = 3.

Khi đó diện tích hình thang T là S=(AD+BC).AB2=(2+5).32=212S = \frac{{\left( {AD + BC} \right).AB}}{2} = \frac{{\left( {2 + 5} \right).3}}{2} = \frac{{21}}{2}.

b)

Hình minh hoạ

Gọi A(1; 0), B(t; 0), t ∈ [1; 4] và C, D lần lượt là giao điểm của đường thẳng x = t; x = 1 với đường thẳng y = x + 1.

Khi đó C(t; t + 1); D(1; 2).

Do đó AB = t – 1; AD = 2; BC = t + 1.

Khi đó diện tích hình thang ABCD là

S(t)=(AD+BC).AB2=(t+3).(t−1)2=t2+2t−32.S\left( t \right) = \frac{{\left( {AD + BC} \right).AB}}{2} = \frac{{\left( {t + 3} \right).\left( {t - 1} \right)}}{2} = \frac{{{t^2} + 2t - 3}}{2}.

c) Có S(t)=t2+2t−32S\left( t \right) = \frac{{{t^2} + 2t - 3}}{2}⇒S′(t)=(t2+2t−32)′=2(t+1)2=t+1=f(t)\Rightarrow S'\left( t \right) = {\left( {\frac{{{t^2} + 2t - 3}}{2}} \right)^\prime } = \frac{{2\left( {t + 1} \right)}}{2} = t + 1 = f\left( t \right).

Do đó S(t) là một nguyên hàm của hàm số f(t) = t + 1, t ∈ [1; 4].

Có S(4)=42+2.4−32=212;S(1)=12+2.1−32=0S\left( 4 \right) = \frac{{{4^2} + 2.4 - 3}}{2} = \frac{{21}}{2};S\left( 1 \right) = \frac{{{1^2} + 2.1 - 3}}{2} = 0.

Do đó S(4) – S(1) = S.

Câu 3

1 điểm

Xét hình thang cong giới hạn bởi đồ thị y = x2^{2}, trục hoành và hai đường thẳng x = 1, x = 2. Ta muốn tính diện tích S của hình thang cong này.

a) Với mỗi x ∈ [1; 2], gọi S(x) là diện tích phần hình thang cong đã cho nằm giữa hai đường thẳng vuông góc với trục Ox tại điểm có hoành độ bằng 1 và x (H.4.5).

Cho h > 0 sao cho x + h < 2. So sánh hiệu S(x + h) – S(x) với diện tích hai hình chữ nhật MNPQ và MNEF (H.4.6). Từ đó suy ra 0≤S(x+h)−S(x)h−x2≤2xh+h20 \le \frac{{S\left( {x + h} \right) - S\left( x \right)}}{h} - {x^2} \le 2xh + {h^2}.

b) Cho h < 0 sao cho x + h > 1. Tương tự phần a, đánh giá hiệu S(x) – S(x + h) và từ đó suy ra 2xh+h2≤S(x+h)−S(x)h−x2≤02xh + {h^2} \le \frac{{S\left( {x + h} \right) - S\left( x \right)}}{h} - {x^2} \le 0.

c) Từ kết quả phần a và phần b, suy ra với mọi h ≠ 0, ta có ∣S(x+h)−S(x)h−x2∣≤2x∣h∣+h2\left| {\frac{{S\left( {x + h} \right) - S\left( x \right)}}{h} - {x^2}} \right| \le 2x\left| h \right| + {h^2}.

Từ đó chứng minh S'(x) = x2^{2}, x ∈ (1; 2).

Người ta chứng minh được S'(1) = 1, S'(2) = 4, tức là S(x) là một nguyên hàm của x2^{2} trên [1; 2].

d) Từ kết quả của phần c, ta có S(x)=x33+CS\left( x \right) = \frac{{{x^3}}}{3} + C. Sử dụng điều này với lưu ý S(1) = 0 và diện tích cần tính S = S(2), hãy tính S.

Gọi F(x) là một nguyên hàm tùy ý của f(x) = x2^{2} trên [1; 2]. Hãy so sánh S và F(2) – F(1).

Hình minh hoạ

Xem đáp án và lời giải

Hướng dẫn chấm do TopStudy biên soạn, mang tính gợi ý

a) Với h > 0, x + h < 2, kí hiệu SMNPQ_{MNPQ} và SMNEF_{MNEF} lần lượt là diện tích các hình chữ nhật MNPQ và MNEF, ta có: SMNPQ_{MNPQ} ≤ S(x + h) – S(x) ≤ SMNEF_{MNEF}

hay hx2^{2} ≤ S(x + h) – S(x) ≤ h(x + h)2^{2}.

Suy ra 0≤S(x+h)−S(x)h−x2≤2xh+h20 \le \frac{{S\left( {x + h} \right) - S\left( x \right)}}{h} - {x^2} \le 2xh + {h^2}.

b) Với h < 0 và x + h > 1, kí hiệu SMNPQ_{MNPQ} và SMNEF_{MNEF} lần lượt là diện tích các hình chữ nhật MNPQ và MNEF, ta có SMNPQ_{MNPQ} ≤ S(x + h) – S(x) ≤ SMNEF_{MNEF}

hay h(x+h)2^{2} ≤ S(x + h) – S(x) ≤ hx2^{2}.

Suy ra 2xh+h2≤S(x+h)−S(x)h−x2≤02xh + {h^2} \le \frac{{S\left( {x + h} \right) - S\left( x \right)}}{h} - {x^2} \le 0.

c) Dựa vào kết quả của câu a, b ta suy ra với mọi h ≠ 0, ta có:

∣S(x+h)−S(x)h−x2∣≤2x∣h∣+h2\left| {\frac{{S\left( {x + h} \right) - S\left( x \right)}}{h} - {x^2}} \right| \le 2x\left| h \right| + {h^2}.

Suy ra S′(x)=lim⁡h→0S(x+h)−S(x)h=x2,∀x∈(1;2)S'\left( x \right) = \mathop {\lim }\limits_{h \to 0} \frac{{S\left( {x + h} \right) - S\left( x \right)}}{h} = {x^2},\forall x \in \left( {1;2} \right).

d) Vì S(1) = 0 nên S(1)=133+C=0⇒C=−13S\left( 1 \right) = \frac{{{1^3}}}{3} + C = 0 \Rightarrow C = - \frac{1}{3}.

Vậy S(x)=x33−13S\left( x \right) = \frac{{{x^3}}}{3} - \frac{1}{3}.

Ta có S=S(2)=233−13=73S = S\left( 2 \right) = \frac{{{2^3}}}{3} - \frac{1}{3} = \frac{7}{3}.

Giả sử F(x)=x33F\left( x \right) = \frac{{{x^3}}}{3} là một nguyên hàm của f(x) = x2^{2} trên [1; 2].

Khi đó F(1)=13;F(2)=83F\left( 1 \right) = \frac{1}{3};F\left( 2 \right) = \frac{8}{3}. Ta thấy F(2)−F(1)=73=SF\left( 2 \right) - F\left( 1 \right) = \frac{7}{3} = S.

Câu 4

1 điểm
Giả sử f(x) là hàm số liên tục trên đoạn [a; b], F(x) và G(x) là hai nguyên hàm tùy ý của f(x) trên đoạn [a; b]. Chứng minh rằng F(b) – F(a) = G(b) – G(a).
Xem đáp án và lời giải

Hướng dẫn chấm do TopStudy biên soạn, mang tính gợi ý

Vì F(x) và G(x) là hai nguyên hàm của f(x) trên đoạn [a; b] nên tồn tại một hằng số C sao cho F(x) = G(x) + C.

Do đó F(b) – F(a) = G(b) + C – G(a) – C = G(b) – G(a).

Câu 5

1 điểm

Tính:

a) ∫01exdx\int _{0}^{1}{e}^{x}dx; b) ∫1e1xdx\int _{1}^{e}\frac{1}{x}dx; c) ∫0π2sin⁡xdx\int _{0}^{\frac{π}{2}}\sin xdx; d) ∫π6π3dxsin⁡2x\int _{\frac{π}{6}}^{\frac{π}{3}}\frac{dx}{{\sin }^{2}x}.

Xem đáp án và lời giải

Hướng dẫn chấm do TopStudy biên soạn, mang tính gợi ý

a) ∫01exdx=ex∣01=e−1\int\limits_0^1 {{e^x}dx} = \left. {{e^x}} \right|_0^1 = e - 1.

b) ∫1e1xdx=ln⁡∣x∣∣1e=ln⁡e−ln⁡1=1\int\limits_1^e {\frac{1}{x}} dx = \left. {\ln \left| x \right|} \right|_1^e = \ln e - \ln 1 = 1.

c) ∫0π2sin⁡xdx=−cos⁡x∣0π2=−cos⁡π2+cos⁡0=1.\int\limits_0^{\frac{\pi }{2}} {\sin xdx} = \left. { - \cos x} \right|_0^{\frac{\pi }{2}} = - \cos \frac{\pi }{2} + \cos 0 = 1.

d) ∫π6π3dxsin⁡2x=−cot⁡x∣π6π3=−cot⁡π3+cot⁡π6=−33+3=233\int\limits_{\frac{\pi }{6}}^{\frac{\pi }{3}} {\frac{{dx}}{{{{\sin }^2}x}}} = \left. { - \cot x} \right|_{\frac{\pi }{6}}^{\frac{\pi }{3}} = - \cot \frac{\pi }{3} + \cot \frac{\pi }{6} = - \frac{{\sqrt 3 }}{3} + \sqrt 3 = \frac{{2\sqrt 3 }}{3}.

Câu 6

1 điểm

Sử dụng ý nghĩa hình học của tích phân, tính:

a) ∫13(2x+1)dx\int\limits_1^3 {\left( {2x + 1} \right)dx}; b) ∫−224−x2dx\int\limits_{ - 2}^2 {\sqrt {4 - {x^2}} } dx.

Xem đáp án và lời giải

Câu 7

1 điểm
Giải quyết bài toán ở tình huống mở đầu.
Xem đáp án và lời giải

Câu 8

1 điểm

Tính và so sánh:

a) ∫012xdx\int\limits_0^1 {2xdx} và 2∫01xdx2\int\limits_0^1 {xdx};

b) ∫01(x2+x)dx\int\limits_0^1 {\left( {{x^2} + x} \right)dx} và ∫01x2dx+∫01xdx\int\limits_0^1 {{x^2}dx} + \int\limits_0^1 {xdx};

c) ∫03xdx\int\limits_0^3 {xdx} và ∫01xdx+∫13xdx\int\limits_0^1 {xdx} + \int\limits_1^3 {xdx}.

Xem đáp án và lời giải

Câu 9

1 điểm

Tính các tích phân sau:

a) ∫02π(2x+cos⁡x)dx\int _{0}^{2π}(2x+\cos x)dx; b) ∫12(3x−3x)dx\int _{1}^{2}({3}^{x}-\frac{3}{x})dx; c) ∫π6π3(1cos⁡2x−1sin⁡2x)dx\int _{\frac{π}{6}}^{\frac{π}{3}}(\frac{1}{{\cos }^{2}x}-\frac{1}{{\sin }^{2}x})dx.

Xem đáp án và lời giải

Câu 10

1 điểm
Tính ∫03∣2x−3∣dx\int _{0}^{3}|2x-3|dx.
Xem đáp án và lời giải

Câu 11

1 điểm

Giá trị trung bình của hàm số liên tục f(x) trên đoạn [a; b] được định nghĩa là 1b−a∫abf(x)dx\frac{1}{b-a}\int _{a}^{b}f(x)dx.

Giả sử nhiệt độ (tính bằng °C) tại thời điểm t giờ trong khoảng thời gian từ 6 giờ sáng đến 12 giờ trưa ở một địa phương vào một ngày nào đó được mô hình hóa bởi hàm số T(t) = 20 + 1,5(t – 6), 6 ≤ t ≤ 12. Tìm nhiệt độ trung bình vào ngày đó trong khoảng thời gian từ 6 giờ sáng đến 12 giờ trưa.

Xem đáp án và lời giải

Câu 12

1 điểm

Sử dụng ý nghĩa hình học của tích phân, tính:

a) ∫12(2x+1)dx\int _{1}^{2}(2x+1)dx; b) ∫−339−x2dx\int _{-3}^{3}\sqrt{9-{x}^{2}}dx.

Xem đáp án và lời giải

Câu 13

1 điểm

Cho ∫03f(x)dx=5\int _{0}^{3}f(x)dx=5 và ∫03g(x)dx=2\int _{0}^{3}g(x)dx=2. Tính:

a) ∫03[f(x)+g(x)]dx\int\limits_0^3 {\left[ {f\left( x \right) + g\left( x \right)} \right]} dx;

b) ∫03[f(x)−g(x)]dx\int\limits_0^3 {\left[ {f\left( x \right) - g\left( x \right)} \right]} dx;

c) ∫033f(x)dx\int\limits_0^3 {3f\left( x \right)} dx;

d) ∫03[2f(x)−3g(x)]dx\int\limits_0^3 {\left[ {2f\left( x \right) - 3g\left( x \right)} \right]} dx.

Xem đáp án và lời giải

Câu 14

1 điểm

Tính:

a) ∫03(3x−1)2dx\int _{0}^{3}{(3x-1)}^{2}dx; b) ∫0π2(1+sin⁡x)dx\int _{0}^{\frac{π}{2}}(1+\sin x)dx;

c) ∫01(e2x+3x2)dx\int _{0}^{1}({e}^{2x}+3{x}^{2})dx; d) ∫−12∣2x+1∣dx\int _{-1}^{2}|2x+1|dx.

Xem đáp án và lời giải

Câu 15

1 điểm

Một vật chuyển động dọc theo một đường thẳng sao cho vận tốc của nó tại thời điểm t (giây) là v(t) = t2^{2} – t – 6 (m/s).

a) Tìm độ dịch chuyển của vật trong khoảng thời gian 1 ≤ t ≤ 4, tức là tính ∫14v(t)dt\int _{1}^{4}v(t)dt.

b) Tìm tổng quãng đường vật đi được trong khoảng thời gian này, tức là tính ∫14∣v(t)∣dt.\int _{1}^{4}|v(t)|dt.

Xem đáp án và lời giải

Câu 16

1 điểm

Giả sử lợi nhuận biên (tính bằng triệu đồng) của một sản phẩm được mô hình hóa bằng công thức P'(x) = −0,0005x + 12,2. Ở đây P(x) là lợi nhuận (tính bằng triệu đồng) khi bán được x đơn vị sản phẩm.

a) Tìm sự thay đổi của lợi nhuận khi doanh số tăng từ 100 lên 101 sản phẩm.

b) Tìm sự thay đổi của lợi nhuận khi doanh số tăng từ 100 lên 110 sản phẩm.

Xem đáp án và lời giải

Câu 17

1 điểm
Giả sử vận tốc v của dòng máu ở khoảng cách r từ tâm của động mạch bán kính R không đổi, có thể được mô hình hóa bởi công thức v = k(R2^{2} – r2^{2}), trong đó k là một hằng số. Tìm vận tốc trung bình (đối với r) của động mạch trong khoảng 0 ≤ r ≤ R. So sánh vận tốc trung bình với vận tốc lớn nhất.
Xem đáp án và lời giải

Đề cùng chủ đề

Tất cả đề Tích phân · Các bộ sách Toán Lớp 12