Đề thi thử Tốt nghiệp THPT 2025 - Cấu trúc mới - Môn Hóa Học - Đề 5

Chọn B

Khối lượng glucose trong chai dịch truyền: ${m_{glu\cos e}} = 600.5\% = 30\,gam$

Năng lượng cung cấp: $m = 30.10 = 300\,kJ$

Chọn B

Thứ tự peptide: Phe-Phe-Tyr-Thr-Pro-Lys-Thr

a) Sai vì anode chỉ xuất hiện khí Cl$_{2}$ hoặc O$_{2}$. Khí H$_{2}$ sẽ xuất hiện ở cathode.

b) Sai vì cặp oxi hóa-khử O$_{2}$/H$_{2}$O, H$^{+}$ có thế điện cực nhỏ hơn cặp Cu$^{2+}$/Cu nên sẽ xảy ra sự khử Cu$^{2+}$ trước.

c) Sai vì phương trình điện phân sẽ là : CuSO$_{4}$ + H$_{2}$O$\overset{dpdd}{\rightarrow }$Cu + H$_{2}$SO$_{4}$ + O$_{2}$

Dung dịch sau điện phân có môi trường acid nên pH giảm (tuy còn tùy vào TH có thể nước 2 bên điện cực tham gia điện phân nhưng dung dịch sau điện phân sẽ không rơi vào TH pH tăng)

d) Đúng vì

Theo CT Faraday: $\{\begin{matrix}{m}_{\mathrm{Cu}}=\frac{1}{96500}.\frac{64}{2}.10.2316=7{,}68\ \mathrm{gam}<\underset{{n}_{{\mathrm{Cu}}^{2+}\ b\text{d}}}{\underset{⏟}{0{,}15}}.64 \\ {m}_{{O}_{2}}=\frac{1}{96500}.\frac{32}{4}.10.2316=1{,}92\ \mathrm{gam}\end{matrix}\Rightarrow$

khối lượng dung dịch giảm: $7{,}68+1{,}92=9{,}6\ \mathrm{gam}$

*Lưu ý: bài toán cần xét Cu$^{2+}$ có điện phân hết hay không. Vì nếu Cu$^{2+}$ thiếu thì dùng thời gian điện phân 38 phút 36 giây thì lượng Cu tạo < 7,68 thì khối lượng dung dịch giảm sẽ < 9,6 gam

a) Đúng vì theo đề thì 1 m$^{2}$ thì cần 0,72 gam Ag, nên để tráng lên 30000 m$^{2}$ thì lượng Ag cần là ${m}_{Ag}=30000.0{,}72=21600\ gam=21{,}6\ kg$

b) Đúng vì thủy phân saccharose thì thu được glucose và fructose.

c) Sai vì saccharose chỉ thủy phân trong môi trường acid.

d) Sai vì

theo kết quả câu (a) thì ${m_{Ag}} = 21600\,gam \Rightarrow {n_{Ag}} = \frac{{21600}}{{108}} = 200\,mol$

Ta có: ${n_{saccharose}} = 4{n_{Ag}} \Rightarrow {n_{saccharose}} = 200.4 = 800\,mol \Rightarrow {m_{saccharose}} = 800.342 = 273600\,gam$

Với hiệu suất là 80% thì khối lượng saccharose cần là: ${m_{saccharose}} = 273600.\frac{{100}}{{80}} = 34200\,gam = 34{,}2\,kg$

a) Đúng.

b) Sai vì tên bán hệ thống là α–amino glutaric acid.

c) Đúng vì căn cứ vào nhiệt độ nóng chảy suy ra X là aniline; dựa vào đổi màu quỳ tím suy ra Z là glutamic acid, còn lại Y là glycine.

d) Sai vì theo đề là hexapeptide nên ta có :

$M = 147x + 75(6 - x) - 18.(6 - 1) \Leftrightarrow 504 = 147x + 75(6 - x) - 18.(6 - 1) \Rightarrow x = 2$

a) Sai vì phức chất [CuCl$_{4}$]$^{2−}$ bền hơn do phản ứng thuận có K lớn nên thuận lợi hơn

b) Đúng.

c) ***Đúng.* **

d) Đúng vì nếu hình thành phức [CuCl$_{4}$]$^{2-}$(aq) phải có màu vàng chanh nhưng thí nghiệm 2 không thấy hiện tượng này

Diện tích của đĩa tròn: $S = \pi .{R^2} = \pi .\frac{{{d^2}}}{4} = 3{,}14.\frac{{{5^2}}}{4} = 19{,}625\,\,c{m^2}$

Thể tích Au cần mạ lên đĩa tròn: $V = S.d = 19{,}625.0{,}02.0{,}1 = 0{,}03925\,\,c{m^3}$

Khối lượng vàng cần mạ: $0{,}03925.19{,}7 = 0{,}773225\,\,gam$

Tại cathode: $A{u^{3 + }} + 3e \to Au \Rightarrow {n_e} = 3{n_{Au}} = 3.\frac{{0{,}773225}}{{197}} = 0{,}011775$ mol

$t = \frac{{{n_e}.F}}{I} = \frac{{0{,}011775.96500}}{{0{,}1}} = 11362{,}875{\rm{ }}(s) = 3{,}16\,(h)$giờ

Trong mỗi gốc C$_{17}$H$_{33}$COO có 1 liên kết π và trong 1 gốc COO có 1 liên kết π

Như vậy số liên kết π trong triolein là 1.3 + 1.3 = 6

6

${H}_{2}{\mathrm{NC}}_{3}{H}_{5}〈\begin{matrix}\text{COOH} \\ {\text{COOC}}_{3}{H}_{7}\ (2)\end{matrix};\ {H}_{2}{\mathrm{NC}}_{3}{H}_{5}〈\begin{matrix}{\text{COOC}}_{3}{H}_{7}\ (2) \\ \text{COOH}\end{matrix};{H}_{2}{\mathrm{NC}}_{3}{H}_{5}〈\begin{matrix}{\text{COOCH}}_{3} \\ {\text{COOC}}_{2}{H}_{5}\end{matrix};\ {H}_{2}{\mathrm{NC}}_{3}{H}_{5}〈\begin{matrix}{\text{COOC}}_{2}{H}_{5} \\ {\text{COOCH}}_{3}\end{matrix}$

- Nhiệt lượng tối thiểu để thực hiện phản ứng nung là:

Q= $\frac{{{{10}^6}.72}}{{100.100}}.179{,}2$= 1290,24 kJ

- Thể tích CO$_{2}$ tối thiểu là:

V$_{CO2}$ =$\frac{{1290{,}24}}{{393{,}5.1000}}.24{,}79$= 81,28 m$^{3}$

Phương trình chuẩn độ: ${\mathrm{MnO}}_{4}^{-}+5{\mathrm{Fe}}^{2+}+8{H}^{+}\overset{}{\rightarrow }{\mathrm{Mn}}^{2+}+5{\mathrm{Fe}}^{3+}+4{H}_{2}O$

Thể tích KMnO$_{4}$ trung bình sau 3 lần chuẩn độ: $\frac{{20{,}5 + 20{,}55 + 20{,}55}}{3} = \frac{{308}}{{15}}\,mL$

Ta có CT chuẩn độ: ${V_{MnO_4^ - }}.{C_{MnO_4^ - }}.5 = {V_{F{e^{2 + }}}}.{C_{F{e^{2 + }}}} \Leftrightarrow 0{,}02.\frac{{308}}{{15}}.5 = 10.{C_{F{e^{2 + }}}} \Rightarrow {C_{F{e^{2 + }}}}{\rm{ = }}\frac{{77}}{{375}}\,{\rm{M}}$

Trong dung dịch A: ${{\rm{C}}_{{\rm{F}}{{\rm{e}}^{{\rm{2 + }}}}}}{\rm{ = }}\frac{{\frac{{77}}{{375}}.100}}{{25}} = \frac{{308}}{{375}}\,M \Rightarrow {{\rm{m}}_{{\rm{F}}{{\rm{e}}^{{\rm{2 + }}}}}}{\rm{ = }}\frac{{308}}{{375}}{\rm{.56 = 45{,}9946 g/L}} \approx {\rm{46{,}0}}\,{\rm{g/L}}$