Đề ôn luyện Toán Chương 7. Phương trình mặt phẳng, đường thẳng, mặt cầu trong không gian (đề số 1)

Vì mặt phẳng vuông góc với đường thẳng $d$ nên $\overrightarrow n = \overrightarrow u = \left( {4;3; - 7} \right)$.

Phương trình mặt phẳng đi qua $A\left( {1;2;3} \right)$ và có vectơ pháp tuyến $\overrightarrow n = \left( {4;3; - 7} \right)$ là:

$4\left( {x - 1} \right) + 3\left( {y - 2} \right) - 7\left( {z - 3} \right) = 0$$\Leftrightarrow 4x + 3y - 7z + 11 = 0$. Chọn C.

Vectơ chỉ phương của đường thẳng $AB$ là $\overrightarrow u = \overrightarrow {AB} = \left( {1; - 5;1} \right)$.

Phương trình đường thẳng $AB$ là $\frac{{x - 2}}{1} = \frac{{y + 2}}{{ - 5}} = \frac{{z + 1}}{1}$. Chọn C.

Mặt cầu $\left( S \right)$ có tâm $I\left( { - 1\,;\,2\,;\,1} \right)$ và bán kính $R = IA = \sqrt {{1^2} + {2^2} + {{\left( { - 2} \right)}^2}} = 3$ có phương trình là:

${\left( {x + 1} \right)^2} + {\left( {y - 2} \right)^2} + {\left( {z - 1} \right)^2} = 9$. Chọn B.

Mặt phẳng $\left( {Oxy} \right)$ có một vectơ pháp tuyến $\overrightarrow n = \left( {0;0;1} \right)$.

Đường thẳng $d$ vuông góc với mặt phẳng $\left( {Oxy} \right)$ nên $d$ có một vectơ chỉ phương $\overrightarrow u = \left( {0;0;1} \right)$.

Phương trình tham số của $d$ là $\left\{ \begin{array}{l}x = 1\\y = 1\\z = 1 + t\end{array} \right.\left( {t \in \mathbb{R}} \right)$. Chọn B.

Nhận xét thấy mặt phẳng $\left( P \right)$ song song với mặt phẳng $\left( Q \right)$. Chọn điểm $M\left( {0;\;0;\;5} \right) \in \left( P \right)$.

Khi đó, $d\left( {\left( P \right),\;\left( Q \right)} \right) = d\left( {M,\;\left( Q \right)} \right) = \frac{{\left| {0 + 2 \cdot 0 + 2 \cdot 5 - 3} \right|}}{{\sqrt {1 + {2^2} + {2^2}} }} = \frac{7}{3}$. Chọn B.

Theo tọa độ các điểm vào phương trình đường thẳng, ta thấy điểm $P\left( {1; - 2;3} \right)$ thỏa mãn.

Chọn A.

Mặt phẳng $\left( P \right)$ có vectơ pháp tuyến $\overrightarrow {{n_P}} = \left( {1\,;\,\,1\,;\,\,4} \right)$.

Mặt phẳng $\left( Q \right)$ có vectơ pháp tuyến $\overrightarrow {{n_Q}} = \left( {1\,;\,\,0\,;\,\, - 1} \right)$.

Gọi $\alpha$ là góc giữa hai mặt phẳng $\left( P \right)$ và $\left( Q \right)$, ta có

$\cos \alpha = \left| {\cos \left( {\overrightarrow {{n_P}} ,\,\overrightarrow {{n_Q}} } \right)} \right| = \,\frac{1}{2} \Rightarrow \alpha = 60^\circ$. Chọn D.

Ta có vectơ pháp tuyến của mặt phẳng $\left( \alpha \right)$ là $\overrightarrow n = \left( {1;1;2} \right)$.

Mặt phẳng song song với $\left( \alpha \right)$ phải có vectơ pháp tuyến cùng phương với $\overrightarrow n$. Chọn A.

a) Đúng. Ta có $2 - 2 \cdot 1 + 0 = 0 \Rightarrow A \in \left( P \right)$.

b) Sai. Gọi $I = d \cap \left( P \right)$. Ta có $I \in d \Rightarrow I\left( {2 + t; - 3t;1 + t} \right)$.

Lại có $I \in \left( P \right) \Rightarrow 2 + t - 2 \cdot \left( { - 3t} \right) + 1 + t = 0 \Rightarrow t = \frac{{ - 3}}{8} \Rightarrow I\left( {\frac{{13}}{8};\frac{9}{8};\frac{5}{8}} \right)$.

c) Đúng. Gọi $d' \bot \left( P \right) \Rightarrow \overrightarrow {{u_{d'}}} = \overrightarrow {{n_P}} = \left( {1; - 2;1} \right)$.

Khi đó, phương trình đường thẳng $d'$ đi qua điểm $B\left( {2; - 3;4} \right)$ và vuông góc mặt phẳng $\left( P \right)$ là $\left\{ \begin{array}{l}x = 2 + t'\\y = - 3 - 2t'\\z = 4 + t'\end{array} \right.$.

Gọi $H$ là hình chiếu của $B$ lên mặt phẳng $\left( P \right) \Rightarrow H = d' \cap \left( P \right)$.

Ta có $H \in d' \Rightarrow H\left( {2 + t'; - 3 - 2t';4 + t'} \right)$.

Lại có $H \in \left( P \right) \Rightarrow 2 + t' - 2 \cdot \left( { - 3 - 2t'} \right) + 4 + t' = 0 \Rightarrow t' = - 2 \Rightarrow H\left( {0;1;2} \right)$.

d) Đúng. Gọi $A' = \Delta \cap \left( P \right)$. Giả sử $A'\left( {x;y;z} \right)$. Ta có $\overrightarrow {AA'} = \left( {x - 2;y - 1;z} \right)$.

Vì $A \in \left( P \right)$ mà $\Delta \bot \left( P \right) \Rightarrow \Delta \bot AA' \Rightarrow AA' = d\left( {A,\Delta } \right) = \sqrt 2$

$\Rightarrow \sqrt {{{\left( {x - 2} \right)}^2} + {{\left( {y - 1} \right)}^2} + {z^2}} = \sqrt 2 \Rightarrow {\left( {x - 2} \right)^2} + {\left( {y - 1} \right)^2} + {z^2} = 2\,\,\,\left( 1 \right)$.

Lại có $A' \in \left( P \right) \Rightarrow x - 2y + z = 0\,\,\,\left( 2 \right)$.

Do $\left\{ \begin{array}{l}\Delta \bot \left( P \right)\\BH \bot \left( P \right)\end{array} \right.$nên $BH$song song hoặc trùng $\Delta$$\Rightarrow d\left( {B,\Delta } \right) = d\left( {H,\Delta } \right) = HA'$.

Khoảng cách từ $B$ đến $\Delta$ lớn nhất $\Leftrightarrow HA'$ lớn nhất $\Leftrightarrow H,A,A'$ thẳng hàng và $A$ nằm giữa $H,A'$.

Ta có $\overrightarrow {AH} = \left( { - 2;0;2} \right),\,\,\overrightarrow {AA'} = \left( {x - 2;y - 1;z} \right)$

Khi đó $H,A,A'$ thẳng hàng và $A$ nằm giữa $H,A'$

$\Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}x - 2 = - 2k\\y - 1 = 0k\\z = 2k\end{array} \right.\left( {k < 0} \right) \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}y = 1\\x - 2 = - z\\z = 2k\end{array} \right.\,\,\left( {k < 0} \right) \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}y = 1\\z = 2 - x\\z < 0\end{array} \right.\,\,\left( 3 \right)$.

Thế $\left\{ \begin{array}{l}y = 1\\z = 2 - x\end{array} \right.$ vào phương trình $\left( 1 \right)\& \left( 2 \right)$ta suy ra $\left\{ \begin{array}{l}y = 1\\z = 2 - x\\{\left( {x - 2} \right)^2} = 1\end{array} \right. \Rightarrow \left[ \begin{array}{l}\left\{ \begin{array}{l}x = 3\\y = 1\\z = - 1\end{array} \right.(TM)\\\left\{ \begin{array}{l}x = 1\\y = 1\\z = 1\end{array} \right.(KTM)\end{array} \right.$.

Vậy đường thẳng $\Delta$ đi qua điểm có tọa độ $\left( {3;1; - 1} \right)$.

a) Sai. Hình chiếu vuông góc của $A$ trên $\left( {Oxy} \right)$ là $H\left( {1;2;0} \right)$.

b) Đúng. Ta có $4 \cdot 0 - 1 + 2 \cdot \left( { - 6} \right) + 13 = 0$$\Rightarrow B \in \left( P \right)$.

c) Đúng. Ta có $\overrightarrow {AB} = \left( { - 1; - 1; - 9} \right)$.

Thấy $\overrightarrow v = 2\overrightarrow {AB}$ nên hướng chuyển động theo vectơ $\overrightarrow v$ chính là hướng chuyển động từ $A$ đến $B$.

Ta có $AB = \sqrt {{1^2} + {1^2} + {9^2}} = \sqrt {83} \left( {{\rm{km}}} \right) = 1000\sqrt {83} \left( {\rm{m}} \right)$.

Suy ra thời gian viên đạn bay từ $A$ đến $B$ là: $\frac{{AB}}{{800}} = \frac{{5\sqrt {83} }}{4} \approx 11{,}39$ giây.

Do đó sau 1 phút viên đạn đã đi qua điểm $B$.

d) Sai. $\overrightarrow {BA} = \left( {1;1;9} \right)$, $\overrightarrow {{n_{\left( P \right)}}} = \left( {4; - 1;2} \right)$.

Ta có $\sin \left( {AB,\left( P \right)} \right) = \left| {\cos \left( {\overrightarrow {BA} ,\overrightarrow {{n_{\left( P \right)}}} } \right)} \right| = \frac{{\left| {4 - 1 + 18} \right|}}{{\sqrt {83} \cdot \sqrt {21} }} = \frac{{\sqrt {1743} }}{{83}}$$\Rightarrow \left( {AB,\left( P \right)} \right) \approx 30^\circ$.

a) Sai. Ta có $OA = \sqrt {{{\left( { - 65} \right)}^2} + {{\left( { - 25} \right)}^2} + {{30}^2}} \approx 75{,}8\,\,{\rm{(km)}}$.

Khi máy bay ở vị trí $A\left( { - 65; - 25;30} \right)$ thì cách đài kiểm soát không lưu của sân bay một khoảng $d \approx 75{,}8\,{\rm{km}} > 70\,{\rm{km}}$.

Vậy đài kiểm soát không lưu của sân bay không theo dõi được máy bay.

b) Đúng. Từ thông tin của hệ trục và máy bay di chuyển theo hướng Tây Nam với độ cao không đổi, quỹ đạo bay theo đường thẳng. Nên đường thẳng $d$ có một vectơ chỉ phương $\overrightarrow u = \left( {1;\,1;\,0} \right)$. Đường thẳng $d$ đi qua điểm $A\left( { - 65; - 25;30} \right)$ nên có phương trình tham số: $\left\{ \begin{array}{l}x = - 65 + t\\y = - 25 + t\\z = 30\end{array} \right.$.

c) Đúng. Vùng kiểm không lưu của của đài kiểm soát trên là tập hợp những điểm cách tâm $O\left( {0;\,\,0;\,\,0} \right)$ không quá $70\,{\rm{km}}$. Hay tập hợp các điểm ở bên trong và trên bề mặt của mặt cầu $\left( S \right)$ có phương trình ${x^2} + {y^2} + {z^2} = {70^2} \Leftrightarrow {x^2} + {y^2} + {z^2} = 4900$.

d) Sai. Thay $x,\,y,\,z$ theo $t$ vào phương trình mặt cầu $\left( S \right)$ ta được phương trình:

${\left( { - 65 + t} \right)^2} + {\left( { - 25 + t} \right)^2} + {30^2} = 4900 \Leftrightarrow 2{t^2} - 180t + 850 = 0 \Leftrightarrow t = 5$ hoặc $t = 85$.

Thay $t = 5$ vào phương trình của đường thẳng $d$ ta được $M\left( { - 60; - 20;30} \right)$.

Thay $t = 85$ vào phương trình của đường thẳng $d$ ta được $N\left( {20;60;30} \right)$.

Suy ra đường thẳng $d$ cắt mặt cầu $\left( S \right)$ tại hai điểm $M\left( { - 60; - 20;30} \right)$ và $N\left( {20;60;30} \right)$.

Hay độ dài đoạn $MN$ là khoảng cách giữa vị trí đầu tiên và vị trí cuối cùng mà máy bay di chuyển trong phạm vi theo dõi của đài kiểm soát không lưu.

Ta có $MN = \sqrt {{{\left( {60 + 20} \right)}^2} + {{\left( {20 + 60} \right)}^2}} = 80\sqrt 2 \,{\rm{km}}$.

Thời gian máy bay di chuyển trong phạm vi đài kiểm soát không lưu của sân bay theo dõi được là thời gian máy bay di chuyển được quãng đường $80\sqrt 2 \,{\rm{km}}$.

Thời gian đó bằng $\frac{{80\sqrt 2 }}{{200}} \cdot 60 \approx 33{,}94$ phút.

a) Đúng. Ta có $ABCD$ là hình vuông nên $BC = AB = 20\,{\rm{m}}$, do đó $B\left( {20;20;0} \right)$.

Vì $DH = 4\,{\rm{m}}$ nên $H\left( {0\,;0\,;4} \right)$.

b) Sai. Vì $AD = AB = 20\,{\rm{m}}$ và $AE = 3\,{\rm{m}}$ nên $E\left( {20\,;0\,;3} \right)$, suy ra $\overrightarrow {HE} = \left( {20\,;0\,; - 1} \right)$ là vectơ chỉ phương của đường thẳng $EH$.

Khi đó, đường thẳng $EH$ có phương trình tham số là $\left\{ \begin{array}{l}x = 20t\\y = 0\\z = 4 - t\end{array} \right.,\,\left( {t \in \mathbb{R}} \right)$.

c) Đúng. Ta có $F\left( {20\,;20\,;3} \right)$ và $\overrightarrow {EF} = \left( {0\,;20\,;0} \right)$.

$\left[ {\overrightarrow {EF} ;\overrightarrow {HE} } \right] = \left( { - 20;0; - 400} \right)$ là một vectơ pháp tuyến của mặt phẳng $\left( {EFGH} \right)$.

Mặt phẳng $\left( {ABCD} \right)$ có vectơ pháp tuyến là $\overrightarrow k = \left( {0\,;0\,;1} \right)$. Khi đó:

$\cos \left( {\left( {ABCD} \right),\left( {EFGH} \right)} \right) = \frac{{\left| {400} \right|}}{{\sqrt {{{20}^2} + {{400}^2}} }} = \frac{{400}}{{20\sqrt {401} }} = \frac{{20}}{{\sqrt {401} }} \Rightarrow \left( {\left( {ABCD} \right),\left( {EFGH} \right)} \right) \approx 2{,}86^\circ$.

Vậy mái nhà hợp với mặt đất một góc khoảng $2{,}86^\circ$.

d) Đúng.

Gọi $I$ là tâm hình vuông $ABCD$ và $MA = MB = MC = MD = 2\sqrt {66} \,{\rm{m}}$.

Suy ra $M.ABCD$ là hình chóp đều nên $MI \bot \left( {ABCD} \right)$.

Ta có $DB = 20\sqrt 2 \left( {\rm{m}} \right) \Rightarrow ID = 10\sqrt 2 \left( {\rm{m}} \right)$.

Xét tam giác $MID$vuông tại $I$: $MI = \sqrt {M{D^2} - I{D^2}} = \sqrt {{{\left( {2\sqrt {66} } \right)}^2} - {{\left( {10\sqrt 2 } \right)}^2}} = 8\,\left( {\rm{m}} \right)$.

Vì $MI{\rm{//}}DL,\,MI = DL = 8\,{\rm{m}}$.

Do đó $DIML$ là hình bình hành nên $ML = ID = 10\sqrt 2 \,{\rm{m}}$.

Gọi tọa độ của điểm M là $\left( {x;y;z} \right)$.

Ta có $\left\{ \begin{array}{l}MA = \frac{{\sqrt {265} }}{5}\\MB = \sqrt {11} \\MC = \frac{{11\sqrt {10} }}{5}\end{array} \right. \Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}{\left( {x - 3} \right)^2} + {\left( {y - 1} \right)^2} + {\left( {z - 2} \right)^2} = \frac{{53}}{5}\\{\left( {x - 3} \right)^2} + {\left( {y - 2} \right)^2} + {\left( {z - 1} \right)^2} = 11\\{\left( {x - 3} \right)^2} + {\left( {y - 6} \right)^2} + {\left( {z - 4} \right)^2} = \frac{{242}}{5}\end{array} \right.$.

$\Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}{x^2} + {y^2} + {z^2} - 6x - 2y - 4z + \frac{{17}}{5} = 0\\{x^2} + {y^2} + {z^2} - 6x - 4y - 2z + 3 = 0\\{x^2} + {y^2} + {z^2} - 6x - 12y - 8z + \frac{{63}}{5} = 0\end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}x = 6\\y = \frac{3}{5}\\z = \frac{4}{5}\end{array} \right. \Rightarrow M\left( {6;\frac{3}{5};\frac{4}{5}} \right).$

Mặt phẳng chứa đường xích đạo là $\left( {Oxy} \right)$ có vectơ pháp tuyến $\overrightarrow k = \left( {0;0;1} \right)$.

Đường thẳng OM có vecto chỉ phương $\overrightarrow {OM} = \left( {6;\frac{3}{5};\frac{4}{5}} \right).$

Ta có $\sin \left( {OM,\left( {Oxy} \right)} \right) = \frac{{\left| {0 \cdot 6 + 0 \cdot \frac{3}{5} + 1 \cdot \frac{4}{5}} \right|}}{{\sqrt {{0^2} + {0^2} + {1^2}} \cdot \sqrt {{6^2} + {{\left( {\frac{3}{5}} \right)}^2} + {{\left( {\frac{4}{5}} \right)}^2}} }} \Rightarrow \left( {OM,\left( {Oxy} \right)} \right) \approx 7{,}6^\circ$.

Đáp án: 7,6.

Ta có $\overrightarrow {CD} = \left( {20; - 40;0} \right) = 20\overrightarrow u$ với $\overrightarrow u = \left( {1; - 2;0} \right)$.

$\left( P \right)$ là mặt phẳng thẳng đứng qua $C$ và $D$ nên nhận vectơ $\overrightarrow u = \left( {1; - 2;0} \right)$ và $\overrightarrow k = \left( {0;0;1} \right)$ làm cặp vectơ chỉ phương nên vectơ pháp tuyến của $\left( P \right)$ là $\overrightarrow n = \left[ {\overrightarrow k ,\overrightarrow u } \right] = \left( {2;1;0} \right)$.

Ta có $\left( P \right):2\left( {x - 10} \right) + 1\left( {y - 50} \right) + 0\left( {z - 0} \right) = 0 \Leftrightarrow 2x + y - 70 = 0$.

Đường thẳng $AB$ vuông góc với $\left( P \right)$ nên nhận vectơ pháp tuyến của $\left( P \right)$ làm vectơ chỉ phương $\overrightarrow {{u_{AB}}} = \left( {2;1;0} \right)$. Phương trình đường thẳng $AB$: $\left\{ \begin{array}{l}x = 30 + 2t\\y = 40 + t\\z = 120\end{array} \right.$.

$B$ là giao điểm của đường thẳng $AB$ và mặt phẳng $\left( P \right)$ nên ta có

$$2\left( {30 + 2t} \right) + 40 + t - 70 = 0 \Leftrightarrow 5t = - 30 \Leftrightarrow t = - 6$$

$\Rightarrow B\left( {18;34;120} \right) \Rightarrow OB = \sqrt {{{18}^2} + {{34}^2} + {{120}^2}} \approx 126\,\,\left( {\rm{m}} \right)$.

Đán án: 126.

Dựa vào đề bài ta có thể thấy góc tạo bởi đường bay của máy bay cất cánh và sân bay chính là góc giữa $OA$ và mặt phẳng $\left( {Oxy} \right)$.

Ta có $\overrightarrow {OA} = \left( {2;5;\,1{,}2} \right)$ và vectơ pháp tuyến của mặt phẳng $\left( {Oxy} \right)$ là $\overrightarrow n = \overrightarrow k = \left( {0;0;1} \right)$.

Gọi $\alpha$ là góc tạo bởi $OA$ và mặt phẳng $\left( {Oxy} \right)$.

Khi đó, $\sin \alpha = \frac{{\left| {1{,}2 \cdot 1} \right|}}{{\sqrt {{2^2} + {5^2} + {{\left( {1{,}2} \right)}^2}} \cdot \sqrt {{1^2}} }} = \frac{{6\sqrt {761} }}{{761}}$. Suy ra $\alpha \approx 13^\circ$.

Đáp án: 13.

Mặt cầu đã cho có tâm $I\left( {2;3;1} \right)$ và bán kính $R = \sqrt {{2^2} + {3^2} + {1^2} - 5} = 3$.

Khoảng cách xa nhất giữa hai điểm thuộc vùng phủ sóng bằng đường kính của mặt cầu.

Vậy khoảng cách xa nhất cần tìm là $2R = 6$km.

Đáp án: 6.

Ta có $B \in \Delta \Rightarrow B\left( {3 + t; - 1 + 2t;4 - t} \right)$ mà $A\left( {1;0;2} \right)$ là trung điểm BC, suy ra $C\left( { - 1 - t;1 - 2t;t} \right)$.

Lại có $C \in \left( \alpha \right)$, thay vào phương trình mặt phẳng $\left( \alpha \right)$, được:

$2(-1-t)-(1-2t)+t+1=0\Leftrightarrow t=2\rightarrow \overset{⇀}{BC}=(-8;-6;0)=4(-2;\frac{-3}{2};0)$

Vậy a + 2b = -1,5

Đáp án: −1,5.

Chúng ta cần tìm vị trí tối ưu của tàu du lịch $B$ (tương ứng với điểm $B$) và tàu chở hàng $C$ (tương ứng với điểm $C$) sao cho tổng quãng đường cứu hộ $T = AB + BC + CA$ là nhỏ nhất.

Trong không gian $Oxyz$, ta có:

Hai đường thẳng ${d_1},\,{d_2}$ cùng nằm trong mặt phẳng $\left( \alpha \right):\,z = 0$ và $A \in \left( \alpha \right)$.

${d_1}$ có một vectơ chỉ phương ${\vec u_1} = \left( {1;\, - 2;\,0} \right)$; ${d_2}$ có một vectơ chỉ phương ${\vec u_2} = \left( { - 1;\,1;\,0} \right)$.

Do $\left[ {{{\vec u}_1},\,{{\vec u}_2}} \right] \ne \vec 0$ nên ${d_1}$ cắt ${d_2}$.

Gọi ${A_1},\,{A_2}$ lần lượt là điểm đối xứng của $A$ qua ${d_1}$ và ${d_2}$.

Gọi $\left( P \right)$ là mặt phẳng qua $A$ và vuông góc với ${d_1}$$\Rightarrow \,\,\left( P \right):x - 2y - 5 = 0$.

Gọi $I = \left( P \right) \cap {d_1}$, thì tọa độ của $I$ là nghiệm của hệ ${d_1}:\,\left\{ \begin{array}{l}x = 2 + t\\y = 1 - 2t\\z = 0\\x - 2y - 5 = 0\end{array} \right.$$\Rightarrow I\left( {3;\, - 1;\,0} \right)$

$\Rightarrow {A_1}\left( {1;\, - 2;\,0} \right)$.

Gọi $\left( Q \right)$ là mặt phẳng qua $A$ và vuông góc với ${d_2}$$\Rightarrow \,\left( Q \right): - x + y + 5 = 0$.

Gọi $J = \left( Q \right) \cap {d_2}$, thì tọa độ của $J$ là nghiệm của hệ $\left\{ \begin{array}{l}x = 2 - s\\y = 11 + s\\z = 0\\ - x + y + 5 = 0\end{array} \right.$$\Rightarrow J\left( {9;\,4;\,0} \right)$

$\Rightarrow {A_2}\left( {13;\,8;\,0} \right)$.

Khi đó $T = AB + BC + CA = {A_1}B + BC + C{A_2} \ge {A_1}{A_2}$.

Dấu bằng xảy ra khi $B,\,C,\,{A_1},\,{A_2}$ thẳng hàng.

Vậy $T$ đạt GTNN khi $T = {A_1}{A_2}$$\Rightarrow {T_{\min }} = {A_1}{A_2} = \sqrt {244} \,\,\,\left( {{\rm{km}}} \right)$.

Suy ra $a = 244$. Vậy $a + 2026 = 2270$.

Đáp án: 2270.