Bộ 2 Đề kiểm tra cuối học kì 2 Toán 10 Cánh Diều - Đề 02 có đáp án

Đáp án đúng là: C

Theo quy tắc cộng ta có số cách chọn một học sinh làm lớp trưởng là:

31 + 16 = 47 (cách).

Đáp án đúng là: C

Mỗi cách xếp thứ tự vào hàng của 6 học sinh là một hoán vị của 6 học sinh

Vậy số cách sắp xếp là: 6! = 6 . 5. 4 . 3. 2. 1 = 720 cách xếp.

Đáp án đúng là: C

Vì các chữ số khác 0 nên các chữ số có thể tham gia lập số gồm có 1; 2; 3; 4; 5; 6; 7; 8; 9.

Mỗi cách lập số tự nhiên gồm 5 chữ số khác nhau từ 9 chữ số trên là một chỉnh hợp chập 5 của 9.

Do đó, số các số lập được là $A_9^5$.

Đáp án đúng là: A

Ta có:

(a + 2b)$^{5}$

= $C_5^0{a^5} + C_5^1{a^{5 - 1}}{\left( {2b} \right)^1} + C_5^2{a^{5 - 2}}{\left( {2b} \right)^2} + C_5^3{a^{5 - 3}}{\left( {2b} \right)^3} + C_5^4{a^{5 - 4}}{\left( {2b} \right)^4} + C_5^5{\left( {2b} \right)^5}$

= a$^{5}$ + 10a$^{4}$b + 40a$^{3}$b$^{2}$ + 80a$^{2}$b$^{3}$ + 80ab$^{4}$ + 32b$^{5}$.

Đáp án đúng là: C

Ta có:

${\left( {1 + x} \right)^5} = C_5^0{.1^5} + C_5^1{.1^4}.x + C_5^2{.1^3}.{x^2} + C_5^3{.1^2}.{x^3} + C_5^4.1.{x^4} + C_5^5.{x^5}$

= $1 + 5x + 10{x^2} + 10{x^3} + 5{x^4} + {x^5}$.

Tổng các hệ số là: 1 + 5 + 10 + 10 + 5 + 1 = 32.

Đáp án đúng là: D

Vì π = 3,14592653... là một số thập phân vô hạn không tuần hoàn, nên ta chỉ viết được gần đúng của nó.

Đáp án đúng là: B

Quy tròn số 3,1234567 đến hàng phần nghìn ta nhận được số gần đúng là 3,123 (vì 4 < 5).

Đáp án đúng là: C

Sai số tương đối của kết quả các phép đo lần lượt là:

${\delta _1} = \frac{{0{,}01}}{{15{,}34}} = 0{,}00065189...$

${\delta _2} = \frac{{0{,}2}}{{127{,}4}} = 0{,}00156985...$

${\delta _3} = \frac{{0{,}5}}{{2135{,}8}} = 0{,}00023410...$

${\delta _4} = \frac{{0{,}15}}{{63{,}47}} = 0{,}00236332...$

Ta thấy ${\delta _3}$ là nhỏ nhất nên phép đo thứ 3 có kết quả chính xác nhất.

Đáp án đúng là: D

Giá trị xuất hiện nhiều nhất trong mẫu số liệu được gọi là mốt.

Đáp án đúng là; A

Mẫu số liệu được sắp xếp theo chiều không giảm và có 11 giá trị là số lẻ nên trung vị là số liệu số 6 và bằng 21.

Đáp án đúng là: A

Sắp thứ tự mẫu số liệu gồm n = 31 số liệu thành một dãy không giảm ta có:

25; 25; 25; 25; 30; 30; 30; 30; 30; 30; 30; 35; 35; 35; 35; 35; 35; 35; 35; 35; 40; 40; 40; 40; 40; 40; 45; 45; 45; 45; 45.

Tứ phân vị thứ hai Q$_{2}$ là: 35

Do n là số lẻ nên Q$_{1}$ bằng trung vị của nửa dãy phía dưới (không bao gồm Q$_{2}$) tức là trung vị của dãy số liệu: 25; 25; 25; 25; 30; 30; 30; 30; 30; 30; 30; 35; 35; 35; 35. Vậy Q$_{1}$ = 30. Tương tự, Q$_{3}$ là trung vị của nửa dãy phía trên (không bao gồm Q$_{2}$) tức là trung vị của dãy số liệu: 35; 35; 35; 35; 40; 40; 40; 40; 40; 40; 45; 45; 45; 45; 45. Vậy Q$_{3}$ = 40.

Vậy, Q$_{3}$ > Q$_{1}$.

Đáp án đúng là: C

Ta có bảng tần số:

Khi đó điểm trung bình của lớp 10A là:

$\overline x = \frac{{1.3 + 2.3 + 3.2 + 4.5 + 5.9 + 6.8 + 7.4 + 8.3 + 9.2 + 10.2}}{{40}} = 5{,}45$.

Đáp án đúng là: A

Trong một mẫu số liệu, khoảng biến thiên là hiệu số giữa giá trị lớn nhất và giá trị nhỏ nhất của mẫu số liệu đó.

Đáp án đúng là: C

Ta có số trung bình cộng:

$\begin{array}{l}\overline x = \frac{{20.5 + 21.8 + 22.11 + 23.10 + 24.6}}{{40}}\\ = 22{,}1\end{array}$

Phương sai:

${s^2} = \frac{{{n_1}{{\left( {{x_1} - \overline x } \right)}^2} + {n_2}{{\left( {{x_2} - \overline x } \right)}^2} + ... + {n_n}{{\left( {{x_n} - \overline x } \right)}^2}}}{n}$

$= \frac{{5.{{\left( {20 - 22{,}1} \right)}^2} + 8.{{\left( {21 - 22{,}1} \right)}^2} + 11.{{\left( {22 - 22{,}1} \right)}^2} + ...... + 6.{{\left( {24 - 22{,}1} \right)}^2}}}{{40}}$

$= 1{,}54$

Đáp án đúng là: B

Sắp thứ tự mẫu số liệu gồm n = 31 số liệu thành một dãy không giảm ta có:

25; 25; 25; 25; 30; 30; 30; 30; 30; 30; 30; 35; 35; 35; 35; 35; 35; 35; 35; 35; 40; 40; 40; 40; 40; 40; 45; 45; 45; 45; 45.

Tứ phân vị thứ hai Q$_{2}$ là: 35

Q$_{1}$ bằng trung vị của nửa dãy phía dưới (không bao gồm Q$_{2}$) tức là trung vị của dãy số liệu: 25; 25; 25; 25; 30; 30; 30; 30; 30; 30; 30; 35; 35; 35; 35. Vậy Q$_{1}$ = 30.

Q$_{3}$ bằng trung vị của nửa dãy phía trên (không bao gồm Q$_{2}$) tức là trung vị của dãy số liệu: 35; 35; 35; 35; 35; 40; 40; 40; 40; 40; 40; 45; 45; 45; 45. Vậy Q$_{3}$ = 40.

Khoảng tứ phân vị là: Δ$_{Q}$ = Q$_{3}$ – Q$_{1}$ = 40 – 30 = 10.

Đáp án đúng là: A

Gọi S là kí hiệu khi đồng xu xuất hiện mặt sấp, N là kí hiệu khi đồng xu xuất hiện mặt ngửa.

Không gian mẫu là:

Ω = {SSN; SSS; SNN; SNS; NSS; NSN; NNS; NNN} và n(Ω) = 8.

Gọi biến cố A: “ba lần tung kết quả giống nhau”. Các kết quả thuận lợi của A là: SSS, NNN.

Do đó, n(A) = 2

Vậy xác suất để hai lần tung kết quả khác nhau là: $P(A) = \frac{{n(A)}}{{n(\Omega )}} = \frac{2}{8} = 0{,}25$.

Đáp án đúng là: A

Túi chứa tổng số viên bi là: 2 + 3 = 5 (viên)

Ta có: n(Ω) = $C_5^3 = 10$

Xét biến cố A: “lấy được ít nhất 1 bi trắng” và biến cố đối $\overline A$: “Chỉ lấy được toàn viên bi đen”.

Ta có: n($\overline A$) = $C_3^3 = 1$

Do đó, $P(\overline A ) = \frac{{n(\overline A )}}{{n(\Omega )}} = \frac{1}{{10}} = 0{,}1$

Đáp án đúng là: A

Xác suất của biến cố A, kí hiệu là: P(A).

Đáp án đúng là: D

Ta có G(3; 5).

Suy ra tọa độ của $\overrightarrow {OG} = \left( {3;5} \right)$.

Vậy ta chọn phương án D.

Đáp án đúng là: D

Trong mặt phẳng tọa độ Oxy, cho hai điểm $M\left( {{x_M};{y_M}} \right)$ và $N\left( {{x_N};{y_N}} \right)$.

Ta có $\overrightarrow {MN} = \left( {{x_N} - {x_M};{y_N} - {y_M}} \right)$.

Vậy ta chọn phương án D.

Đáp án đúng là: A

Ta có:

⦁ Hoành độ của $\overrightarrow {BC}$ là: x$_{C}$ – x$_{B}$ = 5 – (–1) = 6;

⦁ Tung độ của $\overrightarrow {BC}$ là: y$_{C}$ – y$_{B}$ = 2 – 3 = –1.

Suy ra $\overrightarrow {BC} = \left( {6; - 1} \right)$.

Vậy ta chọn phương án A.

Đáp án đúng là: B

⦁ $\vec a.\vec b = {a_1}{b_1} + {a_2}{b_2}$.

Do đó phương án A sai.

⦁ Ta có $\vec a + \vec b = \left( {{a_1} + {b_1};{a_2} + {b_2}} \right)$. Suy ra $\vec x = \vec a + \vec b$.

Vì vậy phương án B đúng.

⦁ $\vec a - \vec b = \left( {{a_1} - {b_1};{a_2} - {b_2}} \right)$.

Do đó phương án C sai.

⦁ $k\vec a = \left( {k{a_1};k{a_2}} \right)\,\,\,\left( {k \in \mathbb{R}} \right)$.

Do đó phương án D sai.

Vậy ta chọn phương án B.

Đáp án đúng là: D

Ta có $\frac{1}{2}\vec u = \left( {\frac{1}{2}.3;\frac{1}{2}.\left( { - 6} \right)} \right)$.

Suy ra $\frac{1}{2}\vec u = \left( {\frac{3}{2}; - 3} \right)$.

Vậy ta chọn phương án D.

Đáp án đúng là: B

Phương trình tham số của d: $\left\{ \begin{array}{l}x = 2 + 3t\\y = - 3 - t\end{array} \right.$

Suy ra đường thẳng d có một vectơ chỉ phương là $\vec u = \left( {3; - 1} \right)$.

Vậy ta chọn phương án B.

Đáp án đúng là: D

Đường thẳng ∆ có một vectơ pháp tuyến là $\vec n = \left( {1; - 3} \right)$.

Suy ra phương án A đúng.

Vectơ pháp tuyến của ∆ có dạng: $k\vec n = \left( {k; - 3k} \right)$.

⦁ Với k = –2, ta có ${\vec n_1} = - 2\vec n = \left( { - 2;6} \right)$.

Suy ra phương án B đúng.

Với $k = \frac{1}{3}$, ta có ${\vec n_2} = \frac{1}{3}\vec n = \left( {\frac{1}{3}; - 1} \right)$.

Suy ra phương án C đúng.

Vì vậy phương án D sai.

Vậy ta chọn phương án D.

Đáp án đúng là: C

Ta có $\overrightarrow {AC} = \left( { - 3; - 4} \right)$.

Vì BH ⊥ AC nên BH nhận $\overrightarrow {AC} = \left( { - 3; - 4} \right)$ làm vectơ pháp tuyến.

Đường cao BH đi qua điểm B(–6; –1) và có vectơ pháp tuyến $\overrightarrow {AC} = \left( { - 3; - 4} \right)$.

Suy ra phương trình BH: –3(x + 6) – 4(y + 1) = 0.

⇔ –3x – 4y – 22 = 0.

⇔ 3x + 4y + 22 = 0.

Vậy ta chọn phương án C.

Đáp án đúng là: B

Ta có A ∈ AM.

Suy ra tọa độ A(1 + 3t; –2 – 7t).

Lại có A ∈ AH.

Suy ra 2(1 + 3t) + 5(–2 – 7t) + 66 = 0.

Do đó –29t + 58 = 0.

Vì vậy –29t = –58.

Khi đó t = 2.

Suy ra tọa độ A(7; –16).

Gọi I là trung điểm của cạnh AB.

Suy ra $\left\{ \begin{array}{l}{x_I} = \frac{{{x_A} + {x_B}}}{2} = \frac{{7 + 4}}{2} = \frac{{11}}{2}\\{y_I} = \frac{{{y_A} + {y_B}}}{2} = \frac{{ - 16 - 3}}{2} = - \frac{{19}}{2}\end{array} \right.$

Khi đó tọa độ $I\left( {\frac{{11}}{2}; - \frac{{19}}{2}} \right)$.

Ta có $\overrightarrow {AB} = \left( { - 3;13} \right)$.

Đường trung trực d của cạnh AB đi qua điểm $I\left( {\frac{{11}}{2}; - \frac{{19}}{2}} \right)$ và có vectơ pháp tuyến $\overrightarrow {AB} = \left( { - 3;13} \right)$.

Suy ra phương trình d: $- 3\left( {x - \frac{{11}}{2}} \right) + 13\left( {y + \frac{{19}}{2}} \right) = 0$.

⇔ 3x – 13y – 140 = 0.

Vậy ta chọn phương án B.

Đáp án đúng là: C

Cho đường thẳng d$_{1}$, d$_{2}$ có vectơ pháp tuyến lần lượt là ${\vec n_1} = \left( {a;b} \right),\,\,{\vec n_2} = \left( {c;d} \right)$.

Khi đó ta có $\cos \left( {{d_1},{d_2}} \right) = \frac{{\left| {{{\vec n}_1}.{{\vec n}_2}} \right|}}{{\left| {{{\vec n}_1}} \right|.\left| {{{\vec n}_2}} \right|}} = \frac{{\left| {ac + bd} \right|}}{{\sqrt {{a^2} + {b^2}} .\sqrt {{c^2} + {d^2}} }}$.

Vậy ta chọn phương án C.

Đáp án đúng là: A

Ta có ${d_1}:\frac{x}{2} - \frac{y}{3} = 1 \Leftrightarrow 3x - 2y - 6 = 0$.

Ta có:

⦁ Đường thẳng d$_{1}$ có vectơ pháp tuyến ${\vec n_1} = \left( {3; - 2} \right)$.

⦁ Đường thẳng d$_{2}$ có vectơ pháp tuyến ${\vec n_2} = \left( {6; - 4} \right)$.

Vì $\frac{3}{6} = \frac{{ - 2}}{{ - 4}}$ nên ${\vec n_1}$ cùng phương với ${\vec n_2}$ (1)

Chọn A(2; 0) ∈ d$_{1}$.

Thế tọa độ A(2; 0) vào phương trình d$_{2}$, ta được: 6.2 – 4.0 – 8 = 4 ≠ 0.

Suy ra A(2; 0) ∉ d$_{2}$ (2)

Từ (1), (2), ta suy ra d$_{1}$ // d$_{2}$.

Vậy ta chọn phương án A.

Đáp án đúng là: C

Phương trình đường tròn (C) có dạng (x – a)$^{2}$ + (y – b)$^{2}$ = R$^{2}$, với tâm I(a; b) và bán kính R.

Khi đó tâm I(2; –5).

Vì vậy I ≡ F.

Do đó ta chọn phương án C.

Đáp án đúng là: D

Ta có $R = IB = \sqrt {{{\left( {2 - 1} \right)}^2} + {{\left( {6 - 4} \right)}^2}} = \sqrt 5$.

Đường tròn có tâm I(1; 4) và có bán kính $R = \sqrt 5$ có phương trình là:

(x – 1)$^{2}$ + (y – 4)$^{2}$ = 5.

Vậy ta chọn phương án D.

Đáp án đúng là: B

Đường tròn (C) có tâm I(2; 2), bán kính R = 3.

Gọi d là tiếp tuyến cần tìm có vectơ pháp tuyến $\vec n = \left( {A;B} \right)$.

Vì d đi qua điểm A(5; –1) nên phương trình d có dạng: A(x – 5) + B(y + 1) = 0.

⇔ Ax + By – 5A + B = 0.

Vì d là tiếp tuyến của (C) nên ta có d(I, d) = R.

$\Leftrightarrow \frac{{\left| {A.2 + B.2 - 5A + B} \right|}}{{\sqrt {{A^2} + {B^2}} }} = 3$

$\Leftrightarrow \left| { - 3A + 3B} \right| = 3\sqrt {{A^2} + {B^2}}$

⇔ 9A$^{2}$ – 18AB + 9B$^{2}$ = 9(A$^{2}$ + B$^{2}$)

⇔ AB = 0.

⇔ A = 0 hoặc B = 0.

Với A = 0, ta chọn B = 1.

Suy ra phương trình d: y + 1 = 0 ⇔ y = –1.

Với B = 0, ta chọn A = 1.

Suy ra phương trình d: x – 5 = 0 ⇔ x = 5.

Vậy có 2 tiếp tuyến thỏa mãn yêu cầu bài toán có phương trình là: y = –1 hoặc x = 5.

Do đó ta chọn phương án B.

Đáp án đúng là: A

Cho hai điểm F$_{1}$, F$_{2}$ cố định có khoảng cách F$_{1}$F$_{2}$ = 2c (c > 0).

Đường hypebol là tập hợp các điểm M sao cho |MF$_{1}$ – MF$_{2}$| = 2a, trong đó a > 0 và a < c.

Hai điểm F$_{1}$ và F$_{2}$ được gọi là hai tiêu điểm của hypebol.

Vậy ta chọn phương án A.

Đáp án đúng là: D

Phương trình chính tắc của parabol (P) có dạng: y = 2px (p > 0).

Ta có 2p = 5. Suy ra $p = \frac{5}{2}$.

Khi đó $\frac{p}{2} = \frac{5}{4}$.

Vậy tiêu điểm của parabol (P) là $F\left( {\frac{5}{4};0} \right)$.

Do đó ta chọn phương án D.

Đáp án đúng là: A

Ta có 9x$^{2}$ + 36y$^{2}$ – 144 = 0

⇔ 9x$^{2}$ + 36y$^{2}$ = 144

$\Leftrightarrow \frac{{{x^2}}}{{144.\frac{1}{9}}} + \frac{{{y^2}}}{{144.\frac{1}{{36}}}} = 1$

$\Leftrightarrow \frac{{{x^2}}}{{16}} + \frac{{{y^2}}}{4} = 1$.

Ta có $\left\{ \begin{array}{l}{a^2} = 16\\{b^2} = 4\end{array} \right. \Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}a = 4\\b = 2\end{array} \right.$

Suy ra c$^{2}$ = a$^{2}$ – b$^{2}$ = 16 – 4 = 12.

Khi đó $c = \sqrt {12} = 2\sqrt 3$.

Vì vậy tỉ số $\frac{c}{a} = \frac{{2\sqrt 3 }}{4} = \frac{{\sqrt 3 }}{2}$.

Vậy ta chọn phương án A.

Ta có cách xếp 8 bạn học sinh vào hai dãy ghế có 8 ghế là hoán vị của 8 nên $n\left( \Omega \right) = 8! = 40\,\,320$ cách xếp.

Gọi A là biến cố bất cứ hai học sinh nào ngồi đối diện nhau khác trường với nhau.

Ta có sơ đồ sau:

Ở ghế 1: có 8 cách chọn học sinh ngồi vào ghế

Ở ghế 5: có 4 cách chọn học sinh ngồi vào ghế (khác trường với học sinh ghế 1).

Ở ghế 2: có 6 cách chọn học sinh ngồi vào ghế

Ở ghế 6: có 3 cách chọn học sinh ngồi vào ghế (khác trường với học sinh ghế 1).

Ở ghế 3: có 4 cách chọn học sinh ngồi vào ghế

Ở ghế 7: có 2 cách chọn học sinh ngồi vào ghế (khác trường với học sinh ghế 1).

Ở ghế 4: có 2 cách chọn học sinh ngồi vào ghế

Ở ghế 8: có 1 cách chọn học sinh ngồi vào ghế (khác trường với học sinh ghế 1).

Suy ra: n(A) = 8.4.6.3.4.2.2.1 = 9 216 cách xếp sao cho bất cứ hai học sinh nào ngồi cạnh nhau hoặc đối diện nhau khác trường với nhau.

Vì vậy $P\left( A \right) = \frac{{9\,\,216}}{{40\,\,320}} = \frac{8}{{35}}$.

Sản lượng lúa trung bình là:

$\overline x = \frac{{20.5 + 21.8 + 22.11 + 23.10 + 24.6}}{{40}} = 22{,}1$.

Mẫu số liệu có 40 giá trị là số chẵn nên trung vị bằng trung bình cộng của giá trị thứ 20 và 21 nên ta có: ${Q_2} = \frac{{22 + 22}}{2} = 22$.

Nửa số liệu bên trái có 20 giá trị là số chẵn nên tứ phân vị thứ nhất bằng trung bình cộng của giá trị thứ 10 và 11 nên ta có: ${Q_2} = \frac{{21 + 21}}{2} = 21$.

Nửa số liệu bên phải có 20 giá trị là số chẵn nên tứ phân vị thứ ba bằng trung bình cộng của giá trị thứ 30 và 31 nên ta có: ${Q_3} = \frac{{23 + 23}}{2} = 23$.

Vậy khoảng tứ phân vị ${\Delta _Q} = {Q_3} - {Q_1} = 23 - 21 = 2$.

Ta có (C): x$^{2}$ + y$^{2}$ – 2x + 2y – 2 = 0

⇔ (x – 1)$^{2}$ + (y + 1)$^{2}$ = 4

Khi đó tâm của đường tròn (C) là I(1; – 1) và R = 2.

Vì đường thẳng (∆) song song với (d) nên (∆) có dạng 4x – 3y + c = 0 .

Ta có đường thẳng (∆) tiếp xúc với (C) nên:

d(I, ∆) = $\frac{{\left| {4.1 - 3.\left( { - 1} \right) + c} \right|}}{{\sqrt {{4^2} + {{\left( { - 3} \right)}^2}} }} = \frac{{\left| {c + 7} \right|}}{5} = 2$

$\Leftrightarrow \left| {c + 7} \right| = 10$

$\Leftrightarrow \left[ \begin{array}{l}c + 7 = 10\\c + 7 = - 10\end{array} \right.$

Gọi phương trình đường thẳng (d) có dạng y = ax + b (a ≠ 0).

A(3; 2) thuộc (d) nên ta có: 3a + b = 2 ⇔ b = 2 – 3a (1).

Ta có đường thẳng (d) tiếp xúc với (C) nên:

d(I, (d)) = $\frac{{\left| {a.1 - \left( { - 1} \right) + b} \right|}}{{\sqrt {{a^2} + {1^2}} }} = \frac{{\left| {a + b + 1} \right|}}{{\sqrt {{a^2} + 1} }} = 2$

$\Leftrightarrow \left| {a + b + 1} \right| = 2\sqrt {{a^2} + 1}$

$\Leftrightarrow \left| {a + 2 - 3a + 1} \right| = 2\sqrt {{a^2} + 1}$

$\Leftrightarrow \left| {3 - 2a} \right| = 2\sqrt {{a^2} + 1}$

$\Leftrightarrow 9 - 12a + 4{a^2} = 4\left( {{a^2} + 1} \right)$

$\Leftrightarrow - 12a = - 5$

$\Leftrightarrow a = \frac{5}{{12}}$ (thỏa mãn điều kiện)

$\Rightarrow b = 2 - 3a = 2 - 3.\frac{5}{{12}} = \frac{3}{4}$

Vậy phương trình đường thẳng (d) cần tìm là: 5x – 12y + 9 = 0.

Giả tử từ M ta vẽ được hai tiếp tuyến MA, MB với đường tròn (C) tại A và B.

Xét tứ giác MAIB, có: $\widehat {MAI} = \widehat {MBI} = \widehat {AMB} = 90^\circ$ nên MAIB là hình chữ nhật.

Mà IA = IB (= R) nên MAIB là hình vuông.

Do đó IM = $2\sqrt 2$.

Vì M thuộc (d’): x – 2y – 1 = 0 nên M(1 + 2t; t).

$\Rightarrow \overrightarrow {IM} \left( {2t;\,t + 1} \right)$

$\Rightarrow \left| {\overrightarrow {IM} } \right| = \sqrt {4{t^2}\, + {{\left( {t + 1} \right)}^2}} = \sqrt {5{t^2} + 2t + 1} = 2\sqrt 2$

$\Leftrightarrow 5{t^2} + 2t + 1 = 8$

$\Leftrightarrow 5{t^2} + 2t - 7 = 0$

$\Leftrightarrow \left[ \begin{array}{l}t = 1\\t = - \frac{7}{5}\end{array} \right.$

Vậy có hai điểm M thỏa mãn yêu cầu bài toán là: M(2; 2) và $M\left( { - \frac{{14}}{5}; - \frac{2}{5}} \right)$.