15 câu trắc nghiệm Toán 9 Cánh diều Bài 1. Đường tròn. Vị trí tương đối của hai đường tròn có đáp án

Đáp án đúng là: D

Tâm đối xứng của đường tròn là tâm của đường tròn đó.

Vậy ta chọn phương án D.

Đáp án đúng là: D

Đường tròn là hình có trục đối xứng.

Mỗi đường thẳng đi qua tâm của đường tròn là một trục đối xứng của đường tròn.

Do đó đường tròn có vô số trục đối xứng.

Vậy ta chọn phương án D.

Đáp án đúng là: B

Ta thấy đường tròn $\left( {O;5{\rm{\;cm}}} \right)$ có bán kính $R = 5{\rm{\;(cm)}}{\rm{.}}$

Vì $7{\rm{\;(cm)}} > 5{\rm{\;(cm)}}$ nên $OK > R.$

Do đó điểm $K$ nằm ngoài đường tròn $\left( {O;5{\rm{\;cm}}} \right).$

Vậy ta chọn phương án B.

Đáp án đúng là: B

Ta có trong một đường tròn, đường kính là dây cung lớn nhất.

Trong đường tròn $\left( O \right)$ có$AB$ là đường kính và dây $CD$ không đi qua tâm nên $AB > CD.$

Vậy ta chọn phương án B.

Đáp án đúng là: D

Ta thấy hai đường tròn $\left( {O;R} \right)$ và $\left( {O';r} \right)$ với $R > r$ cắt nhau khi $R - r < d < R + r$ với $R > r.$

Do đó ta chọn phương án D.

Đáp án đúng là: C

Ta có $O$ là giao điểm của hai đường chéo $AC$ và $BD.$

Suy ra $O$ là trung điểm của $AC$ và $BD.$

Do đó $OA = OC$ và $OB = OD.$

Mà $AC = BD$ (do $AC$ và $BD$ là hai đường chéo của hình chữ nhật $ABCD$).

Suy ra $OA = OC = OB = OD.$

Như vậy bốn điểm $A,B,C,D$ cùng thuộc đường tròn tâm $O$ bán kính $OA.$

Vì $O$ là trung điểm của $AC$ nên $OA = \frac{{AC}}{2} = \frac{{16}}{2} = 8{\rm{\;(cm)}}{\rm{.}}$

Vậy đường tròn cần tìm có tâm $O$ bán kính $R = OA = 8{\rm{\;(cm)}}$.

Do đó ta chọn phương án C.

Đáp án đúng là: C

Kẻ $OH \bot AB$ tại $H.$

Vì khoảng cách từ tâm đến dây $AB$ là $3{\rm{\;cm}}$ nên ta có $OH = 3{\rm{\;cm}}.$

Áp dụng định lí Pythagore cho tam giác $OHB$ vuông tại $H,$ ta được: $O{H^2} + H{B^2} = O{B^2}.$

Suy ra $H{B^2} = O{B^2} - O{H^2} = {R^2} - O{H^2} = {5^2} - {3^2} = 16$. Do đó $HB = 4{\rm{\;(cm)}}{\rm{.}}$

Tam giác $OAB$ cân tại $O$ (do $OA = OB = R$) có $OH$ là đường cao nên $OH$ cũng là đường trung tuyến của tam giác. Do đó $H$ là trung điểm $AB.$

Suy ra $AB = 2 \cdot HB = 2 \cdot 4 = 8{\rm{\;(cm)}}{\rm{.}}$

Vậy ta chọn phương án B.

Đáp án đúng là: B

Bán kính của đường tròn $\left( O \right)$ là: $7:2 = 3{,}5{\rm{\;(cm)}}{\rm{.}}$

Ta có $OI = 1{\rm{\;cm}} < 4{\rm{\;cm}} - 3{,}5{\rm{\;cm}}$

Do đó đường tròn $\left( I \right)$ đựng đường tròn $\left( O \right).$

Đáp án đúng là: B

Vì hai đường tròn $\left( {O;1{\rm{\;cm}}} \right)$ và $\left( {I;3{\rm{\;cm}}} \right)$ cắt nhau nên ta có:

$$3{\rm{\;cm}} - 1{\rm{\;cm}} < OI < 3{\rm{\;cm}} + 1{\rm{\;cm}}$$

Hay $2{\rm{\;cm}} < OI < 4{\rm{\;cm}}.$

Trong các phương án đã cho, ta thấy chỉ có giá trị $OI = 3{\rm{\;cm}}$ thỏa mãn điều kiện trên.

Vậy ta chọn phương án B.

Đáp án đúng là: B

Để hai đường tròn $\left( {O;5{\rm{\;cm}}} \right)$ và $\left( {I;R} \right)$ tiếp xúc trong thì $OI = 5 - R > 0$

Suy ra $R = 5 - OI = 5 - 3 = 2{\rm{\;(cm)}}{\rm{.}}$

Đáp án đúng là: A

Để hai đường tròn $\left( {O;5{\rm{\;cm}}} \right)$ và $\left( {I;R} \right)$ ở ngoài nhau thì $OI > 5 + R$

Hay $7 > 5 + R$ suy ra $R < 2{\rm{\;cm}}.$

Trong các phương án trên, ta thấy chỉ có giá trị $R = 1{\rm{\;cm}}$ thỏa mãn điều kiện trên.

Vậy ta chọn phương án A.

Đáp án đúng là: B

Đường tròn $\left( I \right)$ có bán kính $R = \frac{{12}}{2} = 6{\rm{\;(dm)}}{\rm{.}}$

Đường tròn $\left( J \right)$ có bán kính $R' = \frac{{18}}{2} = 9{\rm{\;(dm)}}{\rm{.}}$

Ta có $R + R' = 6 + 9 = 15{\rm{\;(dm)}}{\rm{.}}$

Do đó $R + R' = IJ.$

Vậy hai đường tròn $\left( I \right),\,\,\left( J \right)$ tiếp xúc ngoài với nhau.

Do đó ta chọn phương án B.

Đáp án đúng là: C

Tam giác $OAB$ cân tại $O$ (do $OA = OB = R)$ có $OH$ là đường cao nên $OH$ cũng là đường trung tuyến của tam giác. Do đó $H$ là trung điểm $AB.$

Vì vậy $HA = HB = \frac{{AB}}{2} = \frac{{16}}{2} = 8{\rm{\;(cm)}}{\rm{.}}$

Chứng minh tương tự, ta được $KC = KD = \frac{{CD}}{2} = \frac{{12}}{2} = 6{\rm{\;(cm)}}{\rm{.}}$

Ta có $KC = KM + MC.$ Suy ra $KM = KC - MC = 6 - 2 = 4{\rm{\;(cm)}}{\rm{.}}$

Tứ giác $OHMK$ có: $\widehat {OKM} = \widehat {KMH} = \widehat {OHM} = 90^\circ$ nên tứ giác $OHMK$ là hình chữ nhật.

Do đó $OH = KM = 4{\rm{\;(cm)}}{\rm{.}}$

Áp dụng định lí Pythagore cho tam giác $OHB$ vuông tại $H,$ ta được:

$O{B^2} = O{H^2} + H{B^2} = {4^2} + {8^2} = 80$. Suy ra $R = OB = 4\sqrt 5 {\rm{\;(cm)}}{\rm{.}}$

Áp dụng định lí Pythagore cho tam giác $OKD$ vuông tại $K,$ ta được: $O{D^2} = O{K^2} + K{D^2}.$

Suy ra $O{K^2} = O{D^2} - K{D^2} = {R^2} - K{D^2} = {\left( {4\sqrt 5 } \right)^2} - {6^2} = 44$

Do đó $OK = 2\sqrt {11} {\rm{\;(cm)}}{\rm{.}}$

Vậy diện tích hình chữ nhật $OHMK$ là: $S = KM \cdot OK = 4 \cdot 2\sqrt {11} = 8\sqrt {11} {\rm{\;(c}}{{\rm{m}}^2}{\rm{)}}{\rm{.}}$

Do đó ta chọn phương án C.

Đáp án đúng là: D

Đường tròn tâm $O$ có đường kính bằng $2 \cdot 20 = 40{\rm{\;(m)}}.$

Vì độ dài dây $AB$ không thể vượt quá độ dài đường kính của đường tròn tâm $O$ nên $AB \le 40{\rm{\;(m)}}.$

Tức là, không có thời điểm nào dây $AB$ nối vị trí của hai bạn đó có độ dài lớn hơn $40{\rm{\;m}}.$

Vì $41{\rm{\;(m)}} > 40{\rm{\;(m)}}$ nên độ dài dây $AB$ nối vị trí của hai bạn đó không thể bằng $41{\rm{\;m}}.$

Vậy ta chọn phương án D.

Đáp án đúng là: C

Gọi $H$ là giao điểm của $OO'$ và $AB.$

Vì ${4^2} + {3^2} = {5^2}$ hay $O{A^2} + O'{A^2} = O{O'^2}$ nên theo định lí Pythagore đảo, ta được tam giác $OO'A$ vuông tại $A.$

Vì $OA = OB = 4{\rm{\;(cm)}}$ nên $O$ nằm trên đường trung trực của đoạn $AB.$

Chứng minh tương tự, ta được $O'$ nằm trên đường trung trực của đoạn $AB.$

Khi đó $OO'$ là đường trung trực của đoạn $AB.$

Vì vậy $OO' \bot AB$ tại $H$ và $H$ là trung điểm $AB.$

Xét $\Delta OAH$ và $\Delta OO'A,$ có: $\widehat {OHA} = \widehat {OAO'} = 90^\circ$ và $\widehat {AOH}$ là góc chung.

Do đó (g.g)

Suy ra $\frac{{AH}}{{O'A}} = \frac{{OA}}{{OO'}}$ nên $AH = \frac{{OA}}{{OO'}} \cdot O'A = \frac{4}{5} \cdot 3 = \frac{{12}}{5}{\rm{\;(cm)}}{\rm{.}}$

Vì $H$ là trung điểm nên $AB = 2AH = 2 \cdot \frac{{12}}{5} = \frac{{24}}{5} = 4{,}8{\rm{\;(cm)}}{\rm{.}}$

Vậy ta chọn phương án C.