Giải SBT Toán học 11 CTST Bài 3: Hàm số mũ. Hàm số lôgarit có đáp án

Tập xác định: .

Do $\sqrt{2}$ > 1 nên hàm số đồng biến trên .

Bảng giá trị:

Đồ thị hàm số đi qua các điểm có tọa độ theo bảng giá trị và nằm phía trên trục hoành.

Từ đó, ta vẽ được đồ thị hàm số như hình vẽ.

Tập xác định: $D=(0;+\infty )$

Do $\frac{3}{2}$ > 1 nên hàm số đồng biến trên $(0;+\infty )$ .

Bảng giá trị:

Đồ thị hàm số đi qua các điểm có tọa độ theo bảng giá trị và nằm phía bên phải trục tung.

Từ đó, ta vẽ được đồ thị hàm số như hình vẽ.

a) Để hàm số xác định thì x – 4 > 0 x > 4.

Tập xác định của hàm số là: $D=(4;+\infty )$

b) Để hàm số xác định thì x$^{2}$ + 2x + 1 > 0 $\Rightarrow x\ne -1$

Tập xác định của hàm số là: $D=ℝ\backslash \{-1\}$

c) $y={\log }_{5}\frac{x}{x-1}={\log }_{5}x-{\log }_{5}(x-1)$

Để hàm số xác định thì $\{\begin{matrix}x>0 \\ x-1>0\end{matrix}\Leftrightarrow \{\begin{matrix}x>0 \\ x>1\end{matrix}\Leftrightarrow x>1$

Tập xác định của hàm số là: $D=(-\infty ;0)\cup (\text{1;}+\infty )$

a) Ta thấy 1,04 >1 và 1,7 < 2.

Do đó 1,04$^{1{,}7}$ < 1,04$^{2}$.

b) Ta thấy $0<\frac{3}{5}<1$ và $-\frac{2}{5}>-\frac{3}{5}$

Do đó ${(\frac{3}{5})}^{-\frac{2}{5}}$ < ${(\frac{3}{5})}^{-\frac{3}{5}}$ .

c) Ta có: 1,2$^{0{,}3}$ > 1,2$^{0}$ >1 (do 1,2 > 1 và 0,3 > 0)

Và 0,9$^{1{,}8}$ < 0,9$^{0}$ < 1 (do 0 < 0,9 < 1 và 1,8 > 0)

Do đó 1,2$^{0{,}3}$ > 1 > 0,9$^{1{,}8}$.

d) Ta có: 3$^{0{,}4}$> 3$^{0}$ = 1 (do 3 > 1 và 0,4 > 0);

3$^{– 0{,}2}$< 3$^{0}$ =1 (do 3 > 1 và – 0,2 < 0).

Do đó, ta có: 3$^{0{,}4}$> 1> 3$^{–0{,}2}$ hay ${(\frac{1}{3})}^{-0{,}4}$ > 1 > ${3}^{-0{,}2}$ .

a) Ta có ${(\frac{1}{{3}^{3}})}^{3}={(\frac{1}{3})}^{3\ .\ 3}={(\frac{1}{3})}^{9}$, $\sqrt{3}={3}^{\frac{1}{3}}$

Do đó ${3}^{\frac{1}{2}}<{3}^{\frac{3}{5}}$ hay $\sqrt{3}$ < $\sqrt[5]{27}$ .

b) Ta có ${(\frac{1}{9})}^{4}={(\frac{1}{3})}^{2\ .\ 4}={(\frac{1}{3})}^{8}$ và ${(\frac{1}{{3}^{3}})}^{3}={(\frac{1}{3})}^{3\ .\ 3}={(\frac{1}{3})}^{9}$ .

Do đó ${(\frac{1}{3})}^{8}>{(\frac{1}{3})}^{9}$ hay ${(\frac{1}{9})}^{4}<{(\frac{1}{27})}^{3}$ .

c) Ta có $\sqrt[3]{\frac{1}{5}}=\sqrt[3]{{5}^{-1}}={({5}^{-1})}^{\frac{1}{3}}={5}^{-\frac{1}{3}}$ ; $\sqrt[5]{25}=\sqrt[5]{{5}^{2}}={5}^{\frac{2}{5}}$ .

Do đó ${5}^{-\frac{1}{3}}<{5}^{\frac{2}{5}}$ hay $\sqrt[3]{\frac{1}{5}}<\sqrt[5]{25}$ ;

d) Do $\sqrt[9]{0,{7}^{10}}=0,{7}^{\frac{10}{9}}$ và $\sqrt[10]{0,{7}^{9}}=0,{7}^{\frac{9}{10}}$ .

Do đó $0,{7}^{\frac{10}{9}}<0,{7}^{\frac{9}{10}}$ hay $\sqrt[9]{0,{7}^{10}}<\sqrt[10]{0,{7}^{9}}$ .

a) Hàm số log x có cơ số là 10 > 1 nên đồng biến trên $(0;+\infty )$ và do 4,9 < 5,2.

Do đó log 4,9 < log 5,2;

b) Hàm số ${\log }_{0{,}3}x$ có cơ số 0 < 0,3 < 1 nên nghịch biến trên $(0;+\infty )$ và 0,7 < 0,8.

Do đó ${\log }_{0{,}3}0{,}7$ > ${\log }_{0{,}3}0{,}8$ ;

c) Hàm số ${\log }_{3}x$ có cơ số là 3 > 1 nên đồng biến trên $(0;+\infty )$ và π > 3.

Do đó ${\log }_{π}3>{\log }_{3}3=1$(1)

Hàm số có cơ số là π > 1 nên đồng biến trên và π > 3.

Do đó ${\log }_{π}3<{\log }_{π}π=1$ (2)

Kết hợp (1) và (2) ta có, ${\log }_{π}3$ < 1 < ${\log }_{3}π$ .

Vậy ${\log }_{π}3$ < ${\log }_{3}π$ .

a) Ta có $2{\log }_{0{,}6}5={\log }_{0{,}6}{5}^{2}={\log }_{0{,}6}25$

$3{\log }_{0{,}6}(2\sqrt[3]{3})={\log }_{0{,}6}{(\sqrt[3]{{3.2}^{3}})}^{3}={\log }_{0{,}6}(24)$

Do hàm số ${\log }_{0{,}6}x$ cơ số 0 < 0,6 < 1 nên hàm số nghịch biến trên $(0;+\infty )$ và 25 > 24 .

Do đó ${\log }_{0{,}6}25<{\log }_{0{,}6}24$ .

Vậy $2{\log }_{0{,}6}5<3{\log }_{0{,}6}(2\sqrt[3]{3})$ .

b) Ta có $6{\log }_{5}2={\log }_{5}{2}^{6}={\log }_{5}64$ ;

$2{\log }_{5}6={\log }_{5}{6}^{2}={\log }_{5}36$

Do hàm số ${\log }_{5}x$ cơ số 5 > 1 nên hàm số đồng biến trên $(0;+\infty )$ và 64 > 36.

Do đó ${\log }_{5}64>{\log }_{5}36$ ,

Vậy $6{\log }_{5}2>2{\log }_{5}6$ ;

c) Ta có $\frac{1}{2}{\log }_{2}121={\log }_{2}\sqrt{121}={\log }_{2}11$ ;

$2{\log }_{2}2\sqrt{3}={\log }_{2}{(2\sqrt{3})}^{2}=lo{g}_{2}{(2\sqrt{3})}^{2}=lo{g}_{2}12$

Do hàm số ${\log }_{2}x$ cơ số 2 > 1 nên hàm số đồng biến trên $(0;+\infty )$ và 11 < 12.

Do đó ${\log }_{2}11<lo{g}_{2}12$ .

Vậy $\frac{1}{2}{\log }_{2}121<2{\log }_{2}2\sqrt{3}$ ;

d) Ta có $2{\log }_{3}7={\log }_{3}{7}^{2}={\log }_{3}49$ ;

$=6{\log }_{9}4=6{\log }_{{3}^{2}}4=6.\frac{1}{2}{\log }_{3}4$

$=3{\log }_{3}4=lo{g}_{3}{4}^{3}={\log }_{3}64$

Do hàm số ${\log }_{3}x$ cơ số 3 > 1 nên hàm số đồng biến trên $(0;+\infty )$ và 49 < 64.

Do đó ${\log }_{3}49<{\log }_{3}64$

Vậy $2{\log }_{3}7<6{\log }_{9}4$

a) Hàm số $y=f(x)={(\frac{\sqrt{5}}{2})}^{x}$ có cơ số $\frac{\sqrt{5}}{2}>1$ nên đồng biến trên R, ta có:

• $\underset{x\in [-1;4]}{\max }y=f(4)={(\frac{\sqrt{5}}{2})}^{4}=\frac{25}{16}$

• $\underset{x\in [-1;4]}{\min }y=f(-1)={(\frac{\sqrt{5}}{2})}^{-1}=\frac{2\sqrt{5}}{5}$

b) Hàm số $y=f(x)=\frac{1}{{3}^{x}}={(\frac{1}{3})}^{x}$ có cơ số $0<\frac{1}{3}<1$ nên nghịch biến trên R, ta có:

• $\underset{x\in [-2;2]}{\max }y=f(-2)={(\frac{1}{3})}^{-2}=9$

• $\underset{x\in [-2;2]}{\min }y=f(2)={(\frac{1}{3})}^{2}=\frac{1}{9}$

a) Hàm số $y=f(x)={\log }_{\frac{1}{\sqrt{3}}}x$ có cơ số $0<\frac{1}{\sqrt{3}}<1$ nên nghịch biến trên $(0;+\infty )$ , ta có:

• $\underset{x\in [\frac{1}{3};3]}{\max }y=f(\frac{1}{3})={\log }_{\frac{1}{\sqrt{3}}}\frac{1}{3}=2$

• $\underset{x\in [\frac{1}{3};3]}{\min }y=f(3)={\log }_{\frac{1}{\sqrt{3}}}3=-2$

b) Hàm số $y=f(x)={\log }_{2}(x+1)$ có cơ số $2>1$ nên đồng biến trên $(0;+\infty )$ , ta có:

• $\underset{x\in [-\frac{1}{3};3]}{\max }y=f(3)={\log }_{2}4=2$

• $\underset{x\in [-\frac{1}{3};3]}{\min }y=f(-\frac{1}{2})={\log }_{2}\frac{1}{2}=-1$

a) Do lượng thuốc trong cơ thể giảm dần, nên hàm số D(t) nghịch biến, do đó $0<a<1$

b) Ta có: D$_{0}$ = 100, 80 = 100.a$^{1}$ (mg) $\Rightarrow a=\frac{80}{100}=0{,}8$

Vậy D$_{0}$ = 100, a = 0,8.

c) Sau 5 giờ, lượng thuốc đã còn còn D(5) = 100.0,8$^{5}$.

Tỉ lệ lượng thuốc đã giảm so với lượng thuốc ban đầu là

$\frac{{D}_{0}-D(5)}{{D}_{0}}=\frac{100-100\ .\ 0,{8}^{5}\ }{100}\approx 0{,}6723\approx 67{,}23\%$

Vậy sau 5 giờ, lượng thuốc đã giảm đi khoảng 67,23% so với lượng thuốc ban đầu.