Đề thi thử Tốt nghiệp THPT Vật lý 2025-2026 THPT Quế Võ 1 (Bắc Ninh) lần 1 có đáp án

Đáp án đúng là A

Ta có: $Q = \lambda m$ Do đó phụ thuộc vào khối lượng m và tính chất của chất làm vật

Đáp án đúng là C

Ta có:

$$P.t = \Delta m.\lambda \to P.t = \frac{{\Delta V}}{{\frac{1}{{{D_d}}} - \frac{1}{{{D_n}}}}}.\lambda \to P.t = \frac{{\Delta V}}{{\frac{1}{{{D_d}}} - \frac{1}{{{D_n}}}}}.\lambda \to v = \frac{{\Delta x}}{t} = \frac{{P(\frac{1}{{{D_d}}} - \frac{1}{{{D_n}}})}}{{S.\lambda }} = \frac{P}{{\lambda .S}}(\frac{1}{{{D_d}}} - \frac{1}{{{D_n}}})$$

Thay số được: 0,872 mm/phút.

Đáp án đúng là D

Ta có:

$$0{,}8.10800000 = V.1000.2,{4.10^6} \to V = 3{,}6.10{}^{ - 3}\,{m^3} = 3{,}6\,lit$$

Đáp án đúng là B

Độ tăng nhiệt độ (1℃ = 1 K)

Đáp án đúng là B

Quá trình chuyển thể thì năng lượng nhận được dùng để phá vỡ các liên kết với các phân tử xung quanh.

Đáp án đúng là D

Gọi x (garm) là khối lượng của nước đá, vậy khối lượng của hơi nước là (500 – x) garm.

$$\begin{array}{l}{Q_{thu}} = {Q_{toa}} \to 300.0{,}88.(25 - ( - 5)) + x.2{,}09.(0 - ( - 5)) + x.2,{26.10^3} + x.4{,}19(25 - 0)\\ = (500 - x).334 + (500 - x).(100 - 25)\end{array}$$

m$_{đ}$ = 423,1 g; m$_{n}$ = 76,9 g

m$_{nđ}$ + 3m$_{hn}$ = 423,1 + 76,9x3 = 653,8 (g)

Đáp án đúng là C

Nước xảy ra quá trình tăng nhiệt độ lên nhiệt độ sôi và bay hơi.

Đáp án đúng là A

$Q = mc\Delta t$. Vậy cùng 1 kg vật liệu, để tăng thêm 1 $^{o}$C thì vật liệu nào có c lớn hơn thì Q sẽ lớn hơn

Đáp án đúng là B

Khi nút chai chưa bị bật ra thì thể tích của khí bị nhốt kín không tăng, thế năng phân tử không tăng. Nhiệt độ của khối khí tăng lên nên động năng của các phân tử tăng lên.

Đáp án: ĐĐĐĐ

a) Đúng. Trong đoạn MN cốc trà giảm nhiệt độ do truyền nhiệt cho môi trường xung quanh. Tại điểm N, khi thả thêm đá vào, cốc trà sẽ giảm nhiệt độ nhanh hơn thời gian trước, do cốc trà truyền nhiệt cho môi trường xung quanh và cho viên đá. Vậy điểm N là điểm các viên đá được thả vào cốc.

b) Đúng. Khi đá tan hết, nhiệt độ của cốc trà không giảm nữa mà sẽ có xu hướng tăng nhiệt độ để cân bằng với nhiệt độ môi trường. Vậy điểm P là điểm mà đá trong cốc tan hết.

c) Đúng. Khuấy cốc trà sẽ giúp cho quá trình trao đổi nhiệt diễn ra nhanh hơn.

d) Đúng. Nhiệt độ cốc trà sẽ ổn định khi cân bằng với nhiệt độ môi trường xung quanh. Nhìn đồ thị ta thấy khả năng vào khoảng 29 độ C.

Đáp án: ĐĐĐS

a) Đúng. Hơi nước đi qua bình (3), đến bình (6), thông qua ống dẫn sẽ tỏa nhiệt cho nước ở bình (6) và xảy ra quá trình ngưng tụ (chuyển sang thể lỏng). Nước ở bình (6) sẽ tăng nhiệt độ.

b) Đúng. Nhiệt lượng nước nhận được là

Q = mcΔt=DVcΔt=0,997.5000.4,180.(40-15)=520932,5 J ≈ 521 kJ.

c) Đúng. Bỏ qua sự quá trình truyền nhiệt của hệ thống ra môi trường, coi hiệu suất là 100 %. Tốc độ cung cấp nhiệt lượng của hơi nước là P được tính bằng công thức

P.t = Q P = 520932,5/ 4 = 130233,125 J/h.

Thời gian cần thay nước là

P.t=Q 130233,125. t = 0,997.5000.4,180.(25-15) t = 1,6 h

d) Sai. Tốc độ trao đổi nhiệt giữa hỗn hợp hơi và nước trong bình ngưng không thay đổi khi nhiệt độ nước trong bình ngưng tăng.

Đáp án: SĐĐS

a) Sai. Khí nở ra, hệ thực hiện công: A = - |15.0,04.cos 180| = - 0,6 J .

Nhiệt lượng nước nhận được là

ΔU = A + Q = 20,6 – 0,6 = 20 J.

b) Đúng. Độ lớn công chất khí nhận được: |A’| = |A| = 0,6 J

c) Đúng. Quá trình trên là quá trình chất khí nhận nhiệt lượng Q > 0.

d) Sai. Quá trình trên chất khí thực hiện công nên A < 0.

Đáp án: SĐĐS

a) Sai. Khối lượng không thay đổi do thêm và bớt một lượng bằng nhau.

b) Đúng. Gọi khối lượng nước rót giữa các bình là m$_{o}$:

Lần 1: m$_{0}$.cΔt$_{1}$ = m$_{2}$.c.Δt$_{2}$ m$_{0}$.(60 – t$_{cb2}$) = 1.(t$_{cb2}$ – 20) m$_{0}$ = ${m_0} = \frac{{{t_{cb2}} - 20}}{{60 - {t_{cb2}}}}$

Lần 2: m$_{o}$.c.Δt$_{1}$’=(m$_{1}$-m$_{o}$).c.Δt$_{2}$’ m$_{o}$.(59-t$_{cb2}$)=(5-m$_{o}$).(60-59)

$\frac{{{t_{cb2}} - 20}}{{60 - {t_{cb2}}}}(59 - {t_{cb2}}) = 5 - \frac{{{t_{cb2}} - 20}}{{60 - {t_{cb2}}}}$ t$_{cb2}$= 25$^{o}$C m$_{o}$ = $\frac{1}{7}\,\,kg$

c) Đúng. Tính ở câu b

d) Sai. Chỉ tính quá trình nhận nhiệt lượng của bình 1 thì bình 1 nhận lượng nhiệt là

Q = m$_{o}$.c.(59-t$_{cb2}$)=$\frac{1}{7}.4200.(59 - 25) = 20400\,J$≈ 20 kJ.

Đáp án: 5,4

${Q_{thu}} = {Q_{toa}} \to 0{,}5.380.(80 - 20) = 0{,}5.4200.\Delta t \to \Delta t = 5{,}4286\,^\circ C.$

Đáp án: 21

+ $\Delta m(40 - {t_{12}}) = m({t_{12}} - 35)$ Khi đó bình 1 nhiệt độ 40; bình 2 nhiệt độ t$_{12}$ > 35$^{o}$C. Điều kiện: 40$^{o}$C > t$_{12}$ > 35$^{o}$C.

+ Khi đổ nước từ bình 2 sang bình 3 thì bình 3 và bình 2 sẽ có nhiệt độ khác nhau.

Vì vậy nhiệt độ bằng nhau là của bình 1 và bình 2 sau khi cân bằng và bằng 36$^{o}$C.

$\Delta m(40 - 36) = m(36 - 35) \to m = 4\Delta m$

+ Nhiệt độ bình 3 sau khi cân bằng là t$_{23}$ phải nhỏ hơn 36, vì khi cân bằng với bình 1 (40 $^{o}$C) thì nhiệt độ cân bằng cuối cùng là 36 $^{o}$C. Đổ bình 3 cho bình 1.

$(m - \Delta m).(40 - 36) = \Delta m(36 - {t_{23}}) \to 12 = 36 - {t_{23}} \to {t_{23}} = 24\,^\circ C$

+ Đổ bình 2 cho bình 3 được

$\Delta m({t_{12}} - {t_{23}}) = m({t_{23}} - {t_3}) \to (36 - 24) = 4(24 - {t_3}) \to {t_3} = 21^\circ C$

Đáp án: 11

$\Delta t = 34 - 23 = 11^\circ C = 11K$

Đáp án: 300

$\Delta U = A + Q = - p\Delta V + Q = - {10^5}.(4 - 2{,}5){.10^{ - 3}} + 450 = 300\,J$

Đáp án: 0,8

Ta có: ${m_2}.\lambda + {m_2}.c.\Delta t = \Delta {m_1}.L \to 0{,}6.3,{4.10^5} + 0{,}6.4200.100 = \Delta {m_1}.2,{3.10^6} \to \Delta {m_1} \approx 0{,}2\,kg$

Vậy lượng nước còn lại là 0,2 + 0,6 = 0,8 kg.

Đáp án: 3,3

Ta có: $P.t = mc\Delta t \to 500.60.x = 0{,}3.4180.80 \to x = 3{,}344\,phut$