Đề thi thử Tốt nghiệp THPT Vật lý 2025-2026 THPT Hàm Rồng (Thanh Hóa) có đáp án

Đáp án đúng là C

Hình ảnh mô tả các vectơ cường độ điện trường $\vec E$ và cảm ứng từ $\vec B$ dao động vuông góc với nhau và cùng vuông góc với phương truyền sóng. Đây là hình ảnh đặc trưng mô tả sự hình thành và lan truyền của sóng điện từ trong không gian.

Đáp án đúng là D

Nội năng của một lượng khí lí tưởng nhất định chỉ phụ thuộc vào nhiệt độ của khí. Do đó, trong quá trình đẳng nhiệt (nhiệt độ không đổi), nội năng của khối khí lí tưởng không thay đổi.

Đáp án đúng là D

Ta có khối lượng chất phóng xạ còn lại:

$m = {m_0}{.2^{ - \frac{t}{T}}} \Rightarrow 2{,}24 = {m_0}{.2^{ - \frac{{15{,}2}}{{3{,}8}}}} \Rightarrow 2{,}24 = {m_0}{.2^{ - 4}}$

$\Rightarrow {m_0} = 2,{24.2^4} = 35{,}84\left( {{\rm{gam}}} \right)$.

Đáp án đúng là B

Độ lớn độ biến thiên của từ thông là:

$\left| {{\rm{\Delta \Phi }}} \right| = \left| {{e_c}} \right|.{\rm{\Delta }}t = 0{,}4.0{,}2 = 0{,}08\left( {{\rm{Wb}}} \right)$.

Đáp án đúng là A

Cảm ứng từ là đại lượng vật lý đặc trưng cho từ trường về phương diện tác dụng lực từ (độ mạnh yếu của từ trường tại một điểm).

Đáp án đúng là D

Đường biểu diễn sự phụ thuộc của $V$ vào $t\left( {{\;^ \circ }C} \right)$ có đường kéo dài đi qua điểm $\left( { - {{273}^ \circ }C,0} \right)$ tức là mốc 0 K. Do đó, $V$ tỉ lệ thuận với $T\left( {\rm{K}} \right)$, đây là quá trình đẳng áp.

Ở trạng thái 1: ${t_1} = {0^0}C \Rightarrow {T_1} = 273{\rm{\;K}},{V_1} = 2$ lít.

Ở trạng thái 2: ${t_2} = {546^ \circ }{\rm{C}} \Rightarrow {T_2} = 546 + 273 = 819{\rm{\;K}},{V_2} =$ ?

Áp dụng định luật Charles: $\frac{{{V_1}}}{{{T_1}}} = \frac{{{V_2}}}{{{T_2}}} \Rightarrow {V_2} = \frac{{{V_1}.{T_2}}}{{{T_1}}} = \frac{{2.819}}{{273}} = 6$ (lít).

Đáp án đúng là B

Trạng thái mà nước tinh khiết tồn tại đồng thời ở cả 3 thể (rắn, lỏng, hơi) trong trạng thái cân bằng nhiệt được gọi là điểm ba của nước.

Nhiệt độ tại điểm này gọi là nhiệt độ điểm ba của nước (khoảng $273{,}16{\rm{\;K}}$).

Đáp án đúng là D

Phản ứng phân hạch là phản ứng trong đó một hạt nhân nặng (thường là $U$ hoặc Pu) hấp thụ một nơtron chậm và vỡ thành hai hạt nhân trung bình.

Phản ứng D là phản ứng phân hạch của Urani.

Đáp án đúng là D

Hạt nhân có số proton $Z = 4$.

Số khối $A = Z + N = 4 + 3 = 7$.

Vậy ký hiệu của hạt nhân là $\;_4^7{\rm{X}}$.

Đáp án đúng là C

Nhiệt lượng cần để tăng nhiệt độ nước đá từ $- {20^ \circ }{\rm{C}}$ lên ${0^ \circ }{\rm{C}}$:

${Q_1} = m.c.{\rm{\Delta }}t = 0{,}05.2,{09.10^3}.\left( {0 - \left( { - 20} \right)} \right) = 2090J$

Nhiệt lượng để nước đá ở ${0^ \circ }{\rm{C}}$ nóng chảy hoàn toàn:

${Q_2} = m.\lambda = 0{,}05.3,{4.10^5} = 17000J$

Tổng nhiệt lượng cần cung cấp:

$Q = {Q_1} + {Q_2} = 2090 + 17000 = 19090J \approx 19{\rm{\;kJ}}$.

Đáp án đúng là C

Trạng thái (thể) của một chất được quyết định chủ yếu bởi khoảng cách và lực tương tác giữa các phân tử cấu tạo nên chất đó. Lực tương tác mạnh tạo ra cấu trúc rắn, lực tương tác yếu hơn tạo ra chất lỏng và rất yếu đối với chất khí.

Đáp án đúng là C

Khí lí tưởng là một mô hình đơn giản hóa, trong đó người ta bỏ qua thể tích riêng của các phân tử và bỏ qua lực tương tác giữa các phân tử (chỉ tính tương tác khi xảy ra va chạm). Do đó, khí lí tưởng không tuân theo Nội dung 2.

Đáp án đúng là D

Từ thông qua mạch kín có độ lớn cực đại khi mặt phẳng vòng dây vuông góc với các đường sức từ. Nhìn trên hình vẽ, tại vị trí số 3 mặt phẳng vòng dây vuông góc với cảm ứng từ $\vec B$, do đó từ thông qua mạch ở vị trí này là lớn nhất.

Đáp án đúng là B

Phản ứng "bắn phá hạt nhân" là phản ứng do con người thực hiện (dùng hạt đạn bắn vào hạt bia), do đó đây là phản ứng kích thích.

Ta có: ${m_{trc}} = 38{,}9698amu > {m_{sau}} = 38{,}9656amu$, do khối lượng giảm sau phản ứng nên phản ứng này toả năng lượng.

Đáp án đúng là A

Theo đồ thị, trong khoảng số khối từ $75$ đến $250$, đường biểu diễn năng lượng liên kết riêng có xu hướng đi xuống (giảm dần). Do đó, hạt nhân có số khối càng lớn trong vùng này sẽ có năng lượng liên kết riêng càng thấp.

Hạt nhân Urani (U) nằm ở vị trí số khối lớn nhất trên đồ thị, có năng lượng liên kết riêng nhỏ nhất so với các hạt kể trên nên kém bền vững nhất.

Đáp án đúng là A

Trong máy phát điện xoay chiều, khi phần cảm (nam châm) đứng yên và phần ứng (khung dây) quay, người ta phải dùng hệ thống bộ góp điện gồm hai vành khuyên và hai chổi quét để đưa dòng điện xoay chiều từ khung dây ra mạch ngoài. Do đó sự xuất hiện của hai vành khuyên phù hợp với mô hình khung dây quay.

Đáp án đúng là D

Từ phương trình trạng thái, ta thấy nhiệt độ $T$ tỉ lệ thuận với tích số $p.V$.

Xét trên đồ thị $p - V$: Trạng thái 2 có giá trị áp suất $p$ lớn nhất và thể tích $V$ cũng lớn nhất trong chu trình. Do đó tích ${p_2}.{V_2}$ đạt giá trị lớn nhất, dẫn đến nhiệt độ $T$ tại trạng thái 2 là lớn nhất.

Đáp án đúng là B

Đặc trưng cơ bản của chất rắn vô định hình là chúng không có cấu trúc tinh thể, do đó chúng không có nhiệt độ nóng chảy (hay đông đặc) xác định. Khi bị nung nóng, chúng chỉ mềm dần rồi chuyển thành chất lỏng. Vì vậy phát biểu B là sai.

a: Đúng. Đồ thị biểu diễn sự phụ thuộc của áp suất p vào nghịch đảo thể tích 1/V là một đường thẳng đi qua gốc tọa độ. Do đó p tỉ lệ thuận với 1/V, suy ra tích $p.V =$ const. Đây là đặc điểm của quá trình biến đổi đẳng nhiệt theo định luật Boyle.

b: Đúng. Tại điểm M trên đồ thị, ta có áp suất $p = {2.10^5}{\rm{\;Pa}}$ và 1/V = 2 lít$^{-1}$

$\Rightarrow V = 0{,}5$ lít $= 0,{5.10^{ - 3}}{\rm{\;}}{{\rm{m}}^3}$.

Tích số $p.V = {2.10^5}.0,{5.10^{ - 3}} = 100{\rm{\;J}}$.

c: Sai. Nén khí "nhanh" là một quá trình đoạn nhiệt (khí bị nén đột ngột nên không kịp tỏa nhiệt ra môi trường), khiến nội năng và nhiệt độ của khối khí tăng lên.

Nếu là nén đẳng nhiệt thì áp suất sẽ là $p' = \frac{{100}}{{0,{{2.10}^{ - 3}}}} = {5.10^5}{\rm{\;Pa}}$. Tuy nhiên, do nhiệt độ tăng nên áp suất thực tế sẽ lớn hơn ${5.10^5}{\rm{\;Pa}}$.

d: Đúng. Áp dụng phương trình trạng thái khí lí tưởng $pV = nRT$ ta tính được $n = \frac{{pV}}{{RT}} = \frac{{100}}{{8{,}31.\left( {27 + 273} \right)}} \approx 0{,}04{\rm{\;mol}}$.

a: Đúng. Bức xạ ${\beta ^ - }$có năng lượng cao, khả năng xuyên thấu ở mức độ vừa phải (chỉ vài mm trong mô) nên có tác dụng phá hủy và tiêu diệt các tế bào ác tính tại chỗ một cách hiệu quả trong điều trị ung thư tuyến giáp.

b: Đúng. Trong quá trình phóng xạ ${\beta ^ - }$, hạt nhân mẹ phát ra hạt electron $\left( {\;_{ - 1}^0{\rm{e}}} \right)$. Hạt electron có số khối bằng 0 nên theo định luật bảo toàn số khối, hạt nhân con sinh ra vẫn giữ nguyên số khối là 131.

c: Sai. Độ phóng xạ ban đầu là ${H_0} = 50{\rm{mCi}} = {50.10^{ - 3}}.3,{7.10^{10}} = 1,{85.10^9}{\rm{\;Bq}}$.

Hằng số phóng xạ $\lambda = \frac{{{\rm{ln}}2}}{T} = \frac{{{\rm{ln}}2}}{{8{,}02.24.3600}} \approx {10^{ - 6}}{\rm{\;}}{{\rm{s}}^{ - 1}}$

Số hạt nhân có trong liều thuốc là ${N_0} = \frac{{{H_0}}}{\lambda } = \frac{{1,{{85.10}^9}}}{{{{10}^{ - 6}}}} = 1,{85.10^{15}}$ hạt

Khối lượng tương ứng là ${m_0} = \frac{{{N_0}.A}}{{{N_A}}} = \frac{{1,{{85.10}^{15}}.131}}{{6,{{02.10}^{23}}}} \approx 4,{02.10^{ - 7}}$ gam

d: Đúng. Độ phóng xạ sau $t = 7$ ngày là $H = {H_0}{.2^{ - \frac{t}{T}}} = {50.2^{ - \frac{7}{{8{,}02}}}} \approx 27{,}3{\rm{mCi}}$.

a: Đúng. Dựa vào dữ kiện đề bài, ở thời điểm $t = 0{\rm{\;s}}$, nhiệt độ là ${20^ \circ }{\rm{C}}.{\rm{\;}}$Ở $t = 20{\rm{\;s}}$, nhiệt độ là ${29^ \circ }{\rm{C}}$.

Độ tăng nhiệt độ là $29 - 20 = {9^ \circ }{\rm{C}}$.

b: Đúng. Sau 20 s đầu tiên, trong các khoảng thời gian 10 s tiếp theo, mức tăng nhiệt độ lần lượt là

$36 - 29 = {7^ \circ }C,43 - 36 = {7^ \circ }C,50 - 43 = {7^ \circ }C,57 - 50 = {7^ \circ }C$.

Việc nhiệt độ tăng đều ${7^ \circ }C$ sau mỗi 10 giây chứng tỏ nước đã bắt đầu nhận nhiệt lượng một cách đều đặn và ổn định.

c: Đúng. Xét trong khoảng thời gian ${\rm{\Delta }}t = 10{\rm{\;s}}$ khi nhiệt độ đang tăng đều ${\rm{\Delta }}T = {7^ \circ }C$.

Nhiệt lượng ấm tỏa ra là ${Q_{{\rm{toa\;}}}} = P.{\rm{\Delta }}t = 1600.10 = 16000J$.

Bỏ qua sự thất thoát, nước nhận toàn bộ lượng nhiệt này:

${Q_{{\rm{thu\;}}}} = m.c.{\rm{\Delta }}T \Rightarrow 16000 = 0{,}5.c.7 \Rightarrow c \approx 4570{\rm{\;J}}/{\rm{kg}}.{\rm{K}}$

d: Đúng. Trong thực tế, vỏ ấm siêu tốc và nhiệt kế cũng hấp thụ một phần nhiệt lượng. Do đó, phần nhiệt lượng nước thực tế nhận được sẽ nhỏ hơn tổng nhiệt lượng sợi đốt tỏa ra.

Vì biểu thức tính là ${Q_{{\rm{thuc\;thu\;}}}} = m.{c_{{\rm{thuc}}}}.{\rm{\Delta }}T$, để ${\rm{\Delta }}T$ vẫn tăng ở mức đo được thì nhiệt dung riêng thực tế ${c_{{\rm{thuc\;}}}}$ phải nhỏ hơn con số lý tưởng $4570{\rm{\;J}}/{\rm{kg}}.{\rm{K}}$.

a: Đúng.

Đoạn dây treo nằm ngang, từ trường hướng thẳng đứng xuống dưới nên góc $\alpha = {90^ \circ }$.

Độ lớn lực từ $F = IBl{\rm{sin}}\alpha = 1.0{,}5.0{,}2.{\rm{sin}}{90^ \circ } = 0{,}1{\rm{\;N}}$.

Áp dụng quy tắc bàn tay trái, lực từ có phương nằm ngang vuông góc với sợi dây.

b: Đúng. Khi dây treo lệch góc ${45^ \circ }$, thanh nằm cân bằng dưới tác dụng của trọng lực $\vec P$ và lực từ $\vec F$.

Ta có hệ thức ${\rm{tan}}\alpha = \frac{F}{P} \Rightarrow {\rm{tan}}{45^ \circ } = \frac{{IBl}}{{mg}} \Rightarrow 1 = \frac{{I.0{,}5.0{,}2}}{{0{,}01.10}} \Rightarrow I = 1A$

c: Sai. Khi từ trường giảm về 0, từ thông qua đoạn dây biến thiên nên trên dây MN sinh ra suất điện động cảm ứng. Tuy nhiên, vì MN được treo bởi dây cách điện nên đây là đoạn mạch hở. Đoạn mạch hở chỉ xuất hiện suất điện động cảm ứng ở hai đầu chứ không thể hình thành dòng điện cảm ứng chạy qua.

d: Sai. Khi dây đứt và đoạn MN rơi tự do thẳng đứng, phương chuyển động (vectơ vận tốc $\vec v$ ) cùng phương với vectơ cảm ứng từ $\vec B$ (cả hai đều hướng xuống). Góc giữa $\vec v$ và $\vec B$ bằng ${0^0}$. Lực Lorentz tác dụng lên các hạt tải điện tự do bên trong thanh có độ lớn $f = qvB{\rm{sin}}{0^0} = 0$.

Vì không có lực từ dồn các điện tích về hai đầu thanh nên không hề xuất hiện sự phân bố điện tích và sẽ không có hiệu điện thế cảm ứng nào giữa hai đầu ${\rm{M}},{\rm{N}}$.

Để đoạn dây nằm cân bằng, lực từ tác dụng lên đoạn dây phải hướng thẳng đứng lên trên và có độ lớn bằng trọng lượng của dây: ${F_m} = P = mg$.

Công thức tính lực từ là ${F_m} = IBl{\rm{sin}}\alpha$. Để cường độ dòng điện $I$ nhỏ nhất thì sin $\alpha$ phải lớn nhất, tức là ${\rm{sin}}\alpha = 1\left( {\alpha = {{90}^ \circ }} \right)$.

Ta có: ${I_{{\rm{min\;}}}}Bl = mg \Rightarrow {I_{{\rm{min\;}}}} = \frac{{mg}}{{Bl}} = \frac{{0{,}01.10}}{{0{,}20.0{,}25}} = 2A$.

Đáp án: 2

Nhiệt lượng do 100 g nước ở ${40^ \circ }C$ tỏa ra khi nguội đến ${0^ \circ }C$ là:

${Q}_{\text{toa}}={m}_{\text{nuос}}.{c}_{\text{nuос}}.({t}_{1}-{t}_{2})=100.1.(40-0)=4000\text{cal}$.

Do khối nước đá ban đầu lớn và ở ${0^ \circ }C$ nên toàn bộ nhiệt lượng này chỉ đủ để làm nóng chảy một phần nước đá.

Gọi m$_{đá}$ là khối lượng nước đá đã nóng chảy, nhiệt lượng khối đá này thu vào là: ${Q}_{\text{thu}}={m}_{\text{đá}}.λ={m}_{\text{đá}}.80$.

Theo phương trình cân bằng nhiệt: ${Q}_{toa}={Q}_{thu}\Rightarrow 4000={m}_{đá}.80\Rightarrow {m}_{đá}=\frac{4000}{80}=50\text{g}$.

Đáp án: 50

Trạng thái 1: áp suất ${p_1}$, thể tích ${V_1}$.

Trạng thái 2: áp suất ${p_2}$, thể tích ${V_2} = \frac{{{V_1}}}{4}$.

Vì nhiệt độ không đổi, theo định luật Boyle ta có: ${p_1}{V_1} = {p_2}.\left( {\frac{{{V_1}}}{4}} \right) \Rightarrow {p_2} = 4{p_1}$.

Độ biến thiên áp suất là ${\rm{\Delta }}p = {p_2} - {p_1} = 4{p_1} - {p_1} = 3{p_1}$.

Theo đề bài, áp suất thay đổi một lượng 150 kPa (tăng lên), do đó: $3{p_1} = 150{\rm{kPa}} \Rightarrow {p_1} = 50{\rm{kPa}}$.

Đáp án: 50

Hạt nhân $\;_2^4{\rm{He}}$ có $Z = 2$ proton, $N = A - Z = 4 - 2 = 2$ neutron.

Độ hụt khối của hạt nhân He là:

${\rm{\Delta }}m = 2{m_p} + 2{m_n} - {m_{He}} = 2.1{,}0073 + 2.1{,}0087 - 4{,}0015 = 0{,}0305amu$.

Năng lượng liên kết của hạt nhân là: ${W_{lk}} = {\rm{\Delta }}m.931{,}5 = 0{,}0305.931{,}5 = 28{,}41075MeV$.

Năng lượng liên kết riêng của hạt nhân là: ${W_{lkr}} = \frac{{{W_{lk}}}}{A} = \frac{{28{,}41075}}{4} \approx 7{,}1$ MeV/nucleon.

Đáp án: 7,1

Theo đề bài:

Nội năng tăng thêm $45{\rm{\;J}} \Rightarrow {\rm{\Delta }}U = 45{\rm{\;J}}$.

Truyền cho khối khí nhiệt lượng 35 J (tức khối khí nhận nhiệt) $\Rightarrow Q = 35{\rm{\;J}}$.

Thay vào nguyên lí I nhiệt động lực học ta có: $45 = A + 35 \Rightarrow A = 10J$.

Vì $A > 0$ nên khối khí thực sự nhận một công có độ lớn là 10 J.

Đáp án: 10

Công suất điện: $P = 600MW = {6.10^8}W$.

Thời gian 1 ngày đêm: $t = 24.3600 = 86400s$.

Năng lượng điện tạo ra trong 1 ngày đêm là: $A = P.t = {6.10^8}.86400 = 5,{184.10^{13}}J$.

Năng lượng toàn phần do phản ứng phân hạch tỏa ra là: ${A_{tp}} = \frac{A}{H} = \frac{{5,{{184.10}^{13}}}}{{0{,}3}} = 1,{728.10^{14}}{\rm{\;J}}$.

Năng lượng tỏa ra khi 1 hạt nhân phân hạch tính theo đơn vị Jun:

${E_0} = 200{\rm{MeV}} = 200.1,{6.10^{ - 13}}{\rm{\;J}} = 3,{2.10^{ - 11}}{\rm{\;J}}$.

Số hạt nhân $\;_{92}^{235}{\rm{U}}$ tham gia phân hạch là: $N = \frac{{{A_{{\rm{tp}}}}}}{{{E_0}}} = \frac{{1,{{728.10}^{14}}}}{{3,{{2.10}^{ - 11}}}} = 5,{4.10^{24}}$ (hạt).

Khối lượng Uranium $\;_{92}^{235}{\rm{U}}$ đã tiêu thụ là: $m = \frac{N}{{{N_A}}}.M = \frac{{5,{{4.10}^{24}}}}{{6,{{02.10}^{23}}}}.235 \approx 2108g$.

Đáp án: 2108