Đề thi thử Tốt nghiệp THPT Vật lý 2025-2026 Nguyễn Khuyến - Lê Thánh Tông (Hồ Chí Minh) có đáp án

Đáp án đúng là C

Có 2 cách làm thay đổi nội năng:

(1) Thực hiện công (A).

(2) Truyền nhiệt (B, D).

Đáp án đúng là D

Hình 1 - Đẳng tích.

Hình 2, 3, 4 - Đẳng áp.

Đáp án đúng là C

Theo quy tắc vào nam ra bắc (vào S ra N) thì B ban đầu hướng xuống

Khi nam châm phía trên vòng dây thì từ thông ${\rm{\Phi }}$ tăng $\Rightarrow {B_c}$ ngược chiều với B.

Khi nam châm phía dưới vòng dây thì từ thông ${\rm{\Phi }}$ giảm $\Rightarrow {B_c}$ cùng chiều với B.

Áp dụng quy tắc bàn tay trái.

Đáp án đúng là C

$T\left( K \right) = t\left( {{\;^ \circ }C} \right) + 273 = 2t\left( {{\;^ \circ }C} \right) \Rightarrow t\left( {{\;^ \circ }C} \right) = 273\left( {{\;^ \circ }C} \right)$.

Đáp án đúng là C

$B = {B_0} + at \Rightarrow \left\{ {\begin{array}{llllllllllllllllllll}{{{2.10}^{ - 3}} = {B_0} + a.0}\\{{{6.10}^{ - 3}} = {B_0} + a.0{,}5}\end{array} \Rightarrow \left\{ {\begin{array}{llllllllllllllllllll}{{B_0} = {{2.10}^{ - 3}}}\\{a = {{8.10}^{ - 3}}}\end{array} \Rightarrow B = {{2.10}^{ - 3}} + {{8.10}^{ - 3}}t} \right.} \right.$

Với $t = 0{,}2{\rm{\;s}} \Rightarrow B = {2.10^{ - 3}} + {8.10^{ - 3}}.0{,}2 = 3,{6.10^{ - 3}}{\rm{\;T}}$

${\rm{\Phi }} = NBS = 10.3,{6.10^{ - 3}}{.25.10^{ - 4}} = {9.10^{ - 5}}{\rm{\;Wb}} = 90\mu {\rm{\;Wb}}$.

Đáp án đúng là C

$\left| e \right| = \left| {\frac{{{\rm{\Delta \Phi }}}}{{{\rm{\Delta }}t}}} \right| = \left| {\frac{{N{\rm{\Delta }}BS}}{{{\rm{\Delta }}t}}} \right| = \frac{{10.\left( {6 - 2} \right){{.10}^{ - 3}}{{.25.10}^{ - 4}}}}{{0{,}5}} = {2.10^{ - 4}}{\rm{\;V}}$.

Đáp án đúng là C

Dùng các thông tin sau cho câu 13 và câu 14: Trong một bình 5 lít chứa khí nitrogen ở ${27^ \circ }{\rm{C}}$ và áp suất 3 atm. Biết $1{\rm{\;atm}} = 101325{\rm{\;Pa}}$.

Đáp án đúng là A

${W_d} = \frac{3}{2}kT = \frac{3}{2}.1,{38.10^{ - 23}}.\left( {27 + 273} \right) \approx 6,{21.10^{ - 21}}{\rm{\;J}}$.

Đáp án đúng là D

${W_d} = \frac{3}{2}nRT = \frac{3}{2}pV = \frac{3}{2}{.3.101325.5.10^{ - 3}} \approx 2279{,}8{\rm{\;J}}$.

Đáp án đúng là A

Kim loại sắt có từ tính, bị hút về vị trí 1.

Đáp án đúng là B

$B = \frac{F}{{IL}} = \frac{{{{3.10}^{ - 2}}}}{{0{,}75.0{,}05}} = 0{,}8{\rm{\;T}}.$

Đáp án đúng là C

Ban đầu đĩa trái chịu tác dụng của tổng trọng lực tác dụng vào A và B có độ lớn ${P_A} + {P_B}$ (1)

Khi A chuyển động lên trên thì lực từ tác dụng vào A hướng lên, lực từ tác dụng vào B hướng xuống và thỏa mãn ${F_{tA}} = {F_{tB}} > {P_A}$ (2)

Lúc này đĩa trái chịu tác dụng của hợp lực tác dụng vào B có độ lớn là ${F_{tB}} + {P_B}$ (3)

Từ (1), (2) và (3) có ${F_{tB}} + {P_B} > {P_A} + {P_B}$ nên đĩa cân bên trái lúc sau nặng hơn.

a) Đúng. $R = 1,{7.10^{ - 8}}.\frac{{0{,}72}}{{3,{{5.10}^{ - 9}}}} \approx 3{,}5{\rm{\Omega }}$

b) Sai. $I = \frac{E}{{R + r}} = \frac{{12}}{{3{,}5 + 0{,}5}} = 3{\rm{\;A}}$ (sai đơn vị).

c) Sai. B có hướng ra bắc vào nam (ra N vào S), dòng điện đi ra cực dương và đi vào cực âm. Áp dụng quy tắc bàn tay trái, chiều lực từ hướng xuống.

d) Sai. $F = BIL = {\rm{\Delta }}mg \Rightarrow B = \frac{{{\rm{\Delta }}mg}}{{IL}} = \frac{{{{4.10}^{ - 3}}.9{,}8}}{{3.0{,}1}} \approx 0{,}13{\rm{\;T}}$.

a) Đúng. Dòng điện đi ra cực dương và đi vào cực âm. Áp dụng quy tắc nắm tay phải được B ở nhánh dưới nam châm hướng sang trái và B ở nhánh trên nam châm hướng sang phải. Theo quy tắc vào nam ra bắc ⇒ đầu Q là cực nam, còn đầu P là cực bắc.

b) Đúng. Lõi thép có từ tính vĩnh cửu. Sau khi nam châm điện bị ngắt điện, lõi thép vẫn giữ nguyên từ tính, tạo ra một lực hút nam châm vĩnh cửu với búa gõ. Điều này sẽ khiến búa gõ một lần và không quay trở lại vị trí ban đầu, chỉ tạo ra một tiếng "đinh"

c) Sai. Thanh nhôm không có từ tính, không bị nam châm điện hút.

d) Sai. Vẫn hoạt động bình thường.

a) Đúng

Khi nước trong bình là 8 lít thì thể tích khí là $10 - 8 = 21pV =$ const $\Rightarrow 120.10 = p.2 \Rightarrow p = 600{\rm{kPa}}$

b) Sai

Khi nước trong bình giảm, thể tích khí tăng ⇒ mật độ phân tử khí trong bóng khí giảm

c) Đúng

Khi nước được bơm vào bình ⇒ thể tích khí giảm $\Rightarrow$ áp suất trong bóng khí tăng

d) Đúng

$\frac{{pV}}{T} = nR \Rightarrow \frac{{{n_2}}}{{{n_1}}} = \frac{{{V_2}}}{{{V_1}}} = \frac{{10 - 6}}{{10 - 5}} = 0{,}8 = 80{\rm{\% }} = 100{\rm{\% }} - 20{\rm{\% }}$

a) Đúng. Từ đồ thị có $T\left( K \right) = t\left( {{\;^ \circ }C} \right) + 273 = 25 + 273 = 298{\rm{\;K}}$.

b) Sai. ${m_{\rm{n}}} = VD = 1{,}2.1 = 1{,}2{\rm{\;kg}}$

${Q_1} = {m_{\rm{n}}}{c_{\rm{n}}}{\rm{\Delta }}t = 1{,}2.4200.\left( {100 - 25} \right) = 3,{78.10^5}{\rm{\;J}}$

c) Sai. ${A_1} = P{t_1} = 1850.240 = 4,{44.10^5}{\rm{\;J}}$

$H = \frac{{{Q_1}}}{{{A_1}}} = \frac{{3,{{78.10}^5}}}{{4,{{44.10}^5}}} \approx 0{,}851 = 85{,}1{\rm{\% }}$

d) Sai. ${Q_2} = {m_{\rm{n}}}{c_{\rm{n}}}{\rm{\Delta }}t = 0{,}8.500.\left( {100 - 25} \right) = 0,{3.10^5}{\rm{\;J}}$

${Q_3} = {m_{\rm{n}}}L = 1{,}2.2,{3.10^6} = 27,{6.10^5}{\rm{\;J}}$

${Q_1} + {Q_2} = \frac{{{Q_3}}}{{{A_2}}} \Rightarrow \frac{{3,{{78.10}^5} + 0,{{3.10}^5}}}{{4,{{44.10}^5}}} = \frac{{27,{{6.10}^5}}}{{{A_2}}} \Rightarrow {A_2} = \frac{{2553}}{{85}}{.10^5}{\rm{\;J}}$

${t_2} = \frac{{{A_2}}}{{{P_2}}} = \frac{{\frac{{2553}}{{85}}{{.10}^5}}}{{500}} \approx 6007{\rm{\;s}} \approx 1{,}67{\rm{\;h}}$

Đáp án: 121

$Q = mc{\rm{\Delta }}t + 0{,}1mL = 0{,}2.4190.\left( {100 - 10} \right) + 0{,}1.0{,}2.2,{26.10^6} = 120620{\rm{\;J}} \approx 121{\rm{\;kJ}}$

Đáp án: 0,85

$\left| e \right| = \left| {\frac{{{\rm{\Delta \Phi }}}}{{{\rm{\Delta }}t}}} \right| = \left| {\frac{{B{\rm{\Delta }}S}}{{{\rm{\Delta }}t}}} \right| = \frac{{B.\pi \left( {r_1^2 - r_2^2} \right)}}{{{\rm{\Delta }}t}} = \frac{{0{,}6.\pi \left[ {{{\left( {\frac{1}{2}} \right)}^2} - {{\left( {\frac{{0{,}8}}{2}} \right)}^2}} \right]}}{{0{,}2}} \approx 0{,}85{\rm{\;V}}$

Đáp án: 46,7

${W_d} = \frac{3}{2}kT = \frac{{3p}}{{2\mu }} = \frac{{3pV}}{{2N}} \Rightarrow p = \frac{{2N{W_d}}}{{3V}} = \frac{{{{2.70.10}^{ - 6}}}}{3} \approx 46,{7.10^{ - 6}}{\rm{\;Pa}}$

Đáp án: 281

Cạnh màu đỏ chuyển động trong từ trường, suất điện động suất hiện trong khung là

${e_c} = BLv = 0{,}7.0{,}2.4{,}3 = 0{,}602{\rm{\;V}}.$

$I = \frac{{{e_c}}}{R} = \frac{{0{,}602}}{{0{,}3}} = \frac{{301}}{{150}}{\rm{\;A}}$

$F = BIL = 0{,}7.\frac{{301}}{{150}}.0{,}2 \approx 0{,}281{\rm{\;N}} = 281{\rm{mN}}$.

Đáp án: 1,9

$\frac{pV}{T}=nR\Rightarrow \frac{pV}{nT}=\text{const}\Rightarrow \frac{p{V}_{A}}{0{,}2.T}=\frac{p{V}_{B}}{0{,}5.T}=\frac{{p}^{'}.1{,}5{V}_{A}}{0{,}2.{T}_{A}^{'}}=\frac{{p}^{'}({V}_{B}-0{,}5{V}_{A})}{0{,}5.T}$

$\Rightarrow {V}_{B}=2{,}5{V}_{A}\rightarrow \frac{1{,}5}{0{,}2.{T}_{A}^{'}}=\frac{2{,}5-0{,}5}{0{,}5.T}\Rightarrow \frac{{T}_{A}^{'}}{T}=1{,}875$

Đáp án: 0,3

$e = Blv = 0{,}4.0{,}18.8 = 0{,}576{\rm{\;V}}$

Mạch ngoài gồm ${R_{NBAM}}//{R_{NCDM}}$ (viết gọn ${R_1}//{R_2}$)

$R = \frac{{{R_1}{R_2}}}{{{R_1} + {R_2}}} \le \frac{1}{4}\frac{{{{\left( {{R_1} + {R_2}} \right)}^2}}}{{{R_1} + {R_2}}} = \frac{{{R_1} + {R_2}}}{4} = \frac{6}{4} = 1{,}5{\rm{\Omega }}$

${I_{{\rm{min}}}} = \frac{e}{{{R_{{\rm{max}}}} + {R_{MN}}}} = \frac{{0{,}576}}{{1{,}5 + 0{,}5}} = 0{,}288{\rm{\;A}}$