Đề thi thử Tốt nghiệp THPT Vật Lí 2025-2026 Sở GD&ĐT Vĩnh Long

Đáp án đúng B

Nội năng của một hệ gồm tổng động năng chuyển động nhiệt của các phân tử và thế năng tương tác giữa các phân tử.

A sai vì động năng chuyển động vĩ mô và thế năng trọng trường không phải nội năng vi mô của hệ.

C sai vì năng lượng tỏa ra không phải thành phần cấu tạo nội năng.

D sai vì nhiệt lượng và công là các đại lượng trao đổi năng lượng, không phải nội năng.

Đáp án đúng D

Số hạt nhân chưa phân rã giảm theo quy luật hàm mũ: $N = {N_0}{e^{ - \lambda t}}$

Độ phóng xạ: $H = \lambda N = \left| {\frac{{dN}}{{dt}}} \right|$

Nên độ lớn hệ số góc của tiếp tuyến tại mỗi điểm bằng độ phóng xạ tại thời điểm đó.

A sai vì đồ thị là hàm mũ giảm, không phải hypebol.

B sai vì trong các khoảng thời gian bằng nhau, số hạt phân rã không bằng nhau.

C sai vì đồ thị tiến dần về 0, không cắt trục thời gian.

Đáp án đúng D

Mức độ bền vững của hạt nhân được đặc trưng bởi năng lượng liên kết riêng.

Hạt nhân càng bền vững khi năng lượng liên kết riêng càng lớn.

Đáp án đúng A

Với một lượng khí lí tưởng xác định, áp suất không đổi thì theo định luật Charles: $\frac{V}{T} =$hằng số

Suy ra thể tích tỉ lệ thuận với nhiệt độ tuyệt đối.

Đáp án đúng C

Nhiệt lượng cần cung cấp để 1 kg chất tăng thêm 1 K là nhiệt dung riêng.

Công thức: $Q = mc\Delta T$

Với $m = 1\;kg,\;\Delta T = 1\;K$ thì $Q = c$.

Đáp án đúng D

Động năng tịnh tiến trung bình của một phân tử khí lí tưởng là: ${W_{\rm{d}}} = \frac{3}{2}kT = 1{,}5kT$

Đáp án đúng C

Khí lí tưởng bị nén đẳng nhiệt nên nhiệt độ không đổi.

Với khí lí tưởng: $\Delta U = 0$

Khi bị nén, khí nhận công. Do $\Delta U = 0$ nên khí phải tỏa nhiệt ra ngoài để cân bằng năng lượng.

Đáp án đúng B

Cường độ hiệu dụng của dòng điện xoay chiều bằng cường độ của dòng điện không đổi sao cho khi qua cùng một điện trở trong cùng thời gian thì chúng tỏa ra cùng một nhiệt lượng.

Đáp án đúng C

Với khí lí tưởng, động năng tịnh tiến trung bình của các phân tử khí tỉ lệ thuận với nhiệt độ tuyệt đối: ${W_{\rm{d}}} = \frac{3}{2}kT$

Hạt A bay vào từ trường đều, vận tốc $\vec v$ vuông góc với $\vec B$.

a) Đúng

Lực từ tác dụng lên hạt mang điện chuyển động trong từ trường có phương vuông góc với cả $\vec v$ và $\vec B$.

Độ lớn: $f = |q|vB$

Kết luận: Đúng.

b) Sai

Trong hình, các dấu “x” cho biết từ trường hướng vào trong mặt phẳng giấy. Hạt bay sang phải và bị lệch lên trên.

Theo quy tắc bàn tay trái hoặc quy tắc tích có hướng, nếu hạt mang điện dương thì lực từ hướng lên trên. Vì quỹ đạo lệch lên trên nên hạt mang điện dương, không phải điện tích âm.

Kết luận: Sai.

c) Đúng

Trong vùng từ trường đều, lực từ luôn vuông góc với vận tốc và đóng vai trò là lực hướng tâm.

Do đó quỹ đạo của hạt là một phần của đường tròn.

Kết luận: Đúng.

d) Sai

Ta có bán kính quỹ đạo: $r = \frac{{mv}}{{|q|B}}$

Nếu bề rộng vùng từ trường là $L$, từ hình học quỹ đạo tròn: $L = r\sin \theta$

Suy ra: $\sin \theta = \frac{L}{r} = \frac{{|q|BL}}{{mv}}$

Trong đề ghi công thức $\sin \theta = \frac{{|q|B}}{{Lmv}}$ là sai cả về công thức và thứ nguyên.

Kết luận: Sai.

Thí nghiệm tán xạ hạt $\alpha$ của Rutherford.

a) Đúng

Hạt $\alpha$ là hạt nhân helium: $_2^4He$

Hạt này gồm 2 proton và 2 neutron.

Kết luận: Đúng.

b) Sai

Hạt $\alpha$ mang điện dương. Nó bị lệch chủ yếu do lực đẩy tĩnh điện giữa hạt $\alpha$ và hạt nhân mang điện dương của nguyên tử vàng.

Không phải do lực hút tĩnh điện giữa hạt $\alpha$ và electron.

Kết luận: Sai.

c) Đúng

Ban đầu nhóm học sinh dự đoán hạt $\alpha$ không bị bật ngược lại. Nhưng thực nghiệm cho thấy có những hạt bị lệch góc lớn hơn ${90^\circ }$, tức là gần như bị bật ngược trở lại.

Vậy hiện tượng này bác bỏ dự đoán ban đầu.

Kết luận: Đúng.

d) Đúng

Kết quả thí nghiệm Rutherford chứng tỏ nguyên tử có hạt nhân rất nhỏ, mang điện dương, tập trung gần như toàn bộ khối lượng nguyên tử.

Kết luận: Đúng.

Trên đồ thị $p - V$:

- $P({V_0};{p_0})$

- $Q(3{V_0};{p_0})$

- $R(3{V_0};2{p_0})$

- $S({V_0};2{p_0})$

Với khí lí tưởng, nhiệt độ tỉ lệ với tích $pV$: $T \sim pV$

a) Đúng

Quá trình $P \to Q$ là đường nằm ngang trên đồ thị $p - V$, tức là áp suất không đổi.

Vậy đây là quá trình đẳng áp.

Kết luận: Đúng.

b) Đúng

So sánh nhiệt độ tại các trạng thái:

${T_P} \sim {p_0}{V_0}$

${T_Q} \sim {p_0}.3{V_0} = 3{p_0}{V_0}$

${T_R} \sim 2{p_0}.3{V_0} = 6{p_0}{V_0}$

${T_S} \sim 2{p_0}.{V_0} = 2{p_0}{V_0}$

Nhiệt độ lớn nhất tại trạng thái $R$.

Động năng tịnh tiến trung bình của các phân tử khí tỉ lệ thuận với nhiệt độ tuyệt đối, nên lớn nhất tại $R$.

Kết luận: Đúng.

c) Sai

Quá trình $S \to P$ là quá trình đẳng tích vì thể tích không đổi.

Từ $S$ xuống $P$, áp suất giảm nên nhiệt độ giảm. Do đó nội năng giảm.

Vì thể tích không đổi nên khí không sinh công: $A = 0$

Theo nguyên lí I nhiệt động lực học, khí phải tỏa nhiệt ra môi trường, không phải nhận nhiệt.

Kết luận: Sai.

d) Sai

Công trong một chu trình bằng diện tích hình chữ nhật trên đồ thị $p - V$:

$|A| = (2{p_0} - {p_0})(3{V_0} - {V_0}) = 2{p_0}{V_0}$

Nhưng chiều chu trình $P \to Q \to R \to S \to P$ là ngược chiều kim đồng hồ nên công do khí thực hiện là âm.

Khí không sinh công mà nhận công có độ lớn $2{p_0}{V_0}$.

Kết luận: Sai.

Thí nghiệm đo nhiệt hóa hơi riêng của nước.

a) Sai

Nhiệt hóa hơi riêng là nhiệt lượng cần cung cấp để làm hóa hơi hoàn toàn 1 kg chất lỏng ở nhiệt độ sôi.

Phát biểu trong đề nói “làm hóa hơi hoàn toàn nước trong bình”, thiếu yếu tố “1 kg”, nên không đúng định nghĩa nhiệt hóa hơi riêng.

Kết luận: Sai.

b) Sai

Nước sôi ở nhiệt độ xác định phụ thuộc vào áp suất ngoài. Nếu cùng điều kiện áp suất, dù đun bằng công suất ${P_1}$ hay ${P_2}$, nhiệt độ sôi vẫn như nhau.

Công suất lớn hơn chỉ làm tốc độ hóa hơi nhanh hơn, không làm nhiệt độ sôi cao hơn.

Kết luận: Sai.

c) Đúng

Khi nước đã sôi ổn định, nhiệt độ nước trong hai lần đun đều bằng nhiệt độ sôi. Bình đun, môi trường và điều kiện tỏa nhiệt coi như giống nhau.

Vì vậy công suất hao phí do tỏa nhiệt ra môi trường trong hai lần đun là như nhau.

Kết luận: Đúng.

d) Đúng

Gọi công suất hao phí là ${P_{{\rm{hp}}}}$.

Với công suất ${P_1}$: ${P_1}t = L\Delta {m_1} + {P_{{\rm{hp}}}}t$

Với công suất ${P_2}$: ${P_2}t = L\Delta {m_2} + {P_{{\rm{hp}}}}t$

Lấy phương trình sau trừ phương trình trước: $({P_2} - {P_1})t = L(\Delta {m_2} - \Delta {m_1})$

Suy ra: $L = \frac{{({P_2} - {P_1})t}}{{\Delta {m_2} - \Delta {m_1}}}$

Kết luận: Đúng.

Dữ kiện: $V = 29\;{m^3}$

$t = {17^\circ }C \Rightarrow T = 17 + 273 = 290\;K$

$p = 66{,}48\;kPa = 66480\;Pa$

$R = 8{,}31\;J.mo{l^{ - 1}}.{K^{ - 1}}$

Áp dụng phương trình khí lí tưởng: $pV = nRT$

Suy ra: $n = \frac{{pV}}{{RT}}$

Thay số: $n = \frac{{66480.29}}{{8{,}31.290}}$

$n = \frac{{1927920}}{{2409{,}9}} = 800\;mol$

Đáp án: $800\;$

Khối lượng mol của không khí: $M = 29\;g/mol = 0{,}029\;kg/mol$

Khối lượng không khí trong buồng: $m = nM = 800.0{,}029 = 23{,}2\;kg$

Khối lượng riêng: $\rho = \frac{m}{V} = \frac{{23{,}2}}{{29}} = 0{,}8\;kg/{m^3}$

Đáp án: $0{,}8\;$.

Dữ kiện: $N = 1000$

$S = 0{,}1\;{m^2}$

$R = 6{,}0\;\Omega$

$q = 1{,}0\;mC = 1,{0.10^{ - 3}}\;C$

Khi có suất điện động cảm ứng, điện lượng qua mạch: $q = \frac{{|\Delta \Phi |}}{R}$

Suy ra độ biến thiên từ thông qua cuộn dây: $|\Delta \Phi | = qR$

Thay số: $|\Delta \Phi | = 1,{0.10^{ - 3}}.6{,}0 = 6,{0.10^{ - 3}}\;Wb$

Đổi đơn vị: $6,{0.10^{ - 3}}\;Wb = 6{,}0\;mWb$

Đáp án: $6{,}0\;$.

Khi lật cuộn dây ${180^\circ }$, từ thông qua cuộn dây đổi từ $NBS$ sang $- NBS$.

Do đó độ biến thiên từ thông: $|\Delta \Phi | = 2NBS$

Suy ra: $B = \frac{{|\Delta \Phi |}}{{2NS}}$

Thay số: $B = \frac{{6,{{0.10}^{ - 3}}}}{{2.1000.0{,}1}}$ ⬄ $B = 3,{0.10^{ - 5}}\;T$

Đổi sang $\mu T$: $3,{0.10^{ - 5}}\;T = 30\;\mu T$

Đáp án: $30\;$.

Hạt nhân tritium là $_1^3H$.

Số khối: $A = 3$

Số proton: $Z = 1$

Số neutron: $N = A - Z = 3 - 1 = 2$

Đáp án: $2$.

Gọi ${N_0}$ là số hạt tritium ban đầu, $N$ là số hạt tritium còn lại.

Số hạt helium-3 sinh ra và bị giữ lại là: ${N_{He}} = {N_0} - N$

Theo đề: $\frac{{{N_{He}}}}{N} = \frac{{{N_0} - N}}{N} = 1{,}5$

Suy ra: $\frac{{{N_0}}}{N} - 1 = 1{,}5$ $\Rightarrow \frac{{{N_0}}}{N} = 2{,}5$

Quy luật phóng xạ: $N = {N_0}{.2^{ - \frac{t}{T}}}$

Suy ra: $\frac{{{N_0}}}{N} = {2^{\frac{t}{T}}}$

Do đó: ${2^{\frac{t}{{12{,}3}}}} = 2{,}5$

Lấy logarit:

$\frac{t}{{12{,}3}} = {\log _2}2{,}5$ => $t = 12{,}3.{\log _2}2{,}5$ => $t = 12{,}3.\frac{{\ln 2{,}5}}{{\ln 2}}$=> $t \approx 12{,}3.1{,}3219 \approx 16{,}3$

Đáp án: $16{,}3$