Đề thi thử tốt nghiệp THPT môn Vật lí THPT Triệu Quang Phục - Hưng Yên có đáp án

Phương pháp:

Công thức tính từ thông: ${\rm{\Phi }} = BS{\rm{cos}}\alpha$

Suất điện động cảm ứng: ${e_c} = - \frac{{d{\rm{\Phi }}}}{{dt}}$

Cách giải:

Từ đồ thị, ta có: ${\rm{B}} = {\rm{t}}$

Vòng dây kim loại diện tích S, hợp với vecto cảm ứng từ một góc ${30^ \circ }$

$\to$ Góc giữa vecto cảm ứng từ và vecto pháp tuyến của vòng dây là $\alpha = {60^ \circ }$

Công thức tính từ thông: ${\rm{\Phi }} = BS\cos \alpha = t.S.{\rm{cos}}\alpha$

Suất điện động cảm ứng:

${e_c} = - \frac{{d{\rm{\Phi }}}}{{dt}} = S.\cos \alpha .\frac{{dB}}{{dt}} = S\cos \alpha .\frac{{dT}}{{dt}} = S{\rm{cos}}{60^ \circ } = \frac{S}{2}\left( V \right)$

Chọn D.

Phương pháp:

Lý thuyết về sự truyền nhiệt.

Cách giải:

Vào mùa đông, trong phòng học, nhiệt độ của bàn gỗ và song sắt cửa sổ có nhiệt độ bằng nhau: ${T_2} = {T_3}$

Nhiệt độ bàn tay sẽ lớn hơn song sắt cửa sổ và bàn gỗ: ${T_1} > {T_2}$

Chọn D.

Phương pháp:

Dựa vào công thức động năng tịnh tiến trung bình của phân tử khí lí tưởng: ${W_d} = \frac{{3kT}}{2} = \frac{1}{2}m\overline {{v^2}}$

Suy ra: Mối quan hệ giữa tốc độ căn quân phương và nhiệt độ.

Cách giải:

Ta có:

$\frac{{3kT}}{2} = \frac{1}{2}m\overline {{v^2}} \Rightarrow 3kT = m\overline {{v^2}} \Leftrightarrow \overline {{v^2}} = \frac{{3kT}}{m} = \frac{{3k}}{m}.T$

Vì $\frac{{3k}}{m} =$ const $\to \overline {{v^2}} \sim T \to$ nhiệt độ của phần khí còn lại không đổi thì tốc độ căn quân phương của phân tử khí còn lại cũng không đổi.

Suy ra: $\overline {{v^2}} = 350{\rm{\;m/s}}$

Chọn B.

Phương pháp:

Hiểu được nguyên lý hoạt động của bếp từ.

Cách giải:

Bếp từ chỉ hoạt động với nồi có đáy nhiễm từ (sắt, thép không gỉ có từ tính). Nếu dùng nồi thủy tinh, nhôm, đồng hoặc inox không nhiễm từ, bếp sẽ không hoạt động.

Chọn D.

Phương pháp:

Nhiệt lượng: $Q = mc{\rm{\Delta }}t$

Nhiệt hóa hơi: Q = L.m

Nhiệt nóng chảy: $Q = \lambda .m$

Phương trình cân bằng nhiệt: ${Q_{thu}} = {Q_{{\rm{toa\;}}}}$

Cách giải:

Nhiệt lượng mà nhiệt lượng kế bằng nhôm thu vào là:

${Q_1} = {m_{nl}}.{c_{nl}}.\left( {0 - {t_1}} \right) = 300.0{,}88.5 = 1320\left( J \right)$

Nhiệt lượng mà nhiệt lượng nước đá thu vào để tăng lên nhiệt độ ${0^ \circ }{\rm{C}}$ là:

${Q_2} = {m_d}.{c_d}.\left( {0 - {t_1}} \right) = {m_d}.2{,}09.5\left( J \right)$

Nhiệt lượng mà nhiệt lượng nước đá thu vào để nóng chảy ở nhiệt độ ${0^ \circ }{\rm{C}}$ là:

${Q_3} = {m_d}.\lambda = 334{m_d}$

Nhiệt lượng mà nước đá và nhiệt lượng kế thu vào để tăng từ ${0^ \circ }{\rm{C}}$ lên ${25^ \circ }{\rm{C}}$ là:

${Q_4} = \left( {{m_d}.4{,}19 + 300.0{,}88} \right).25$

Tổng nhiệt lượng thu vào là:

${Q_{thu}} = 7920 + 449{,}2{m_d}$

Nhiệt lượng hóa hơi của hơi nước là:

${Q_{hh}} = {m_{hn}}{.2{,}26.10^{ - 3}}$

Nhiệt lượng mà hơi nước tỏa ra là:

$Q' = {m_{hn}}.4{,}19.\left( {100 - 25} \right) = 314{,}25{m_{hn}}$

Tổng nhiệt lượng tỏa ra là: ${Q_{{\rm{toa\;}}}} = 2574{,}25{m_{hn}}$

Phương trình cân bằng nhiệt: ${Q_{thu}} = {Q_{{\rm{toa\;}}}}$

$7920 + 449{,}2{m_d} = 2574{,}25{m_{hn}}$ (1)

Mà ${m_{hn}} + {m_d} = 500$ (2)

Từ (1) và (2) ta có hệ phương trình

$\left\{ {\begin{array}{llllllllllllllllllll}{2574{,}25{m_{hn}} - 449{,}2{m_d} = 7920}\\{{m_{hn}} + {m_d} = 500}\end{array} \Rightarrow \left\{ {\begin{array}{llllllllllllllllllll}{{m_{hn}} \approx 77\left( {\rm{g}} \right)}\\{{m_d} \approx 423{,}1\left( {\rm{g}} \right)}\end{array}} \right.} \right.$

$\Rightarrow {m_d} - 2{m_{hn}} = 269{,}1\left( {\rm{g}} \right)$

Chọn A.