Đề thi thử tốt nghiệp THPT môn Vật lí Cụm liên trường Ninh Bình có đáp án

${R_1}nt\left( {{R_2}//{R_3}} \right)$

${R_{23}} = \frac{{{R_2}{R_3}}}{{{R_2} + {R_3}}} = \frac{{4.4}}{{4 + 4}} = 2\Omega$

$R = {R_1} + {R_{23}} = 3 + 2 = 5\Omega$

${I_1} = I = \frac{E}{{R + r}} = \frac{{12}}{{5 + 1}} = 2\;{\rm{A}}$

${P_1} = I_1^2{R_1} = {2^2} \cdot 3 = 12\;{\rm{W}}.{\rm{ }}$

Chọn A

Áp dụng quy tắc nắm tay phải thì hình (1) đúng.

Chọn D

$A = Pt = 175 \cdot {10^6} \cdot 7 \cdot 24 \cdot 60 \cdot 60 = 1{,}0584 \cdot {10^{14}}\;{\rm{J}}$

$Q = \frac{A}{H} = \frac{{1{,}0584 \cdot {{10}^{14}}}}{{0{,}3}} = 3{,}528 \cdot {10^{14}}\;{\rm{J}}$

$N = \frac{Q}{{\Delta E}} = \frac{{3{,}528 \cdot {{10}^{14}}}}{{200 \cdot 1{,}6 \cdot {{10}^{ - 13}}}} = 1{,}1025 \cdot {10^{25}}$

$n = \frac{N}{{{N_A}}} = \frac{{1{,}1025 \cdot {{10}^{25}}}}{{6{,}02 \cdot {{10}^{23}}}} = \frac{{1575}}{{86}}\;{\rm{mol}}$

${m_U} = nM = \frac{{1575}}{{86}} \cdot 235 \approx 4{,}3 \cdot {10^3}\;{\rm{g}} = 4{,}3\;{\rm{kg}}$

${m_{nl}} = \frac{{{m_U}}}{{0{,}125}} = \frac{{4{,}3}}{{0{,}125}} = 34{,}4\;{\rm{kg}}.$Chọn B

$pV = {\rm{ const }} \Rightarrow {p_0}Sl = \left( {{p_0} - Dgh} \right)S(l + 0{,}04 - h)$

$\Rightarrow 101325 \cdot 0{,}2 = (101325 - 1000 \cdot 10.h)(0{,}2 + 0{,}04 - h)$

$\Rightarrow h \approx 0{,}0392m = 3{,}92\;{\rm{cm}}.{\rm{ }}$

Chọn C

${m_h}L + {m_h}c(100 - t) = {m_n}c\left( {t - {t_n}} \right) \Rightarrow 0{,}03L + 0{,}03 \cdot 4200 \cdot (100 - 47{,}3) = 0{,}55 \cdot 4200 \cdot (47{,}3 - 20)$

$\Rightarrow L \approx 1{,}88 \cdot {10^6}\;{\rm{J}}/{\rm{kg}}.$

Chọn D

Nhiệt dung riêng của nước là lớn nên việc dùng nước để vận hành hệ thống làm mát sẽ hiệu quả $\Rightarrow$ a) Đúng

Nhiệt lượng tỏa ra từ việc đốt cháy nhiên liệu $Q = qm = 4,{6.10^7}.0{,}08 = 3,{68.10^6}(\;{\rm{J}})$

Nhiệt lượng hao phí là ${Q_{hp}} = (1 - H)Q = (1 - 0{,}3) \cdot 3{,}68 \cdot {10^6} = 2,{576.10^6}(\;{\rm{J}}) \Rightarrow$ b) Sai

Khi dòng nước đi qua các cánh tản nhiệt, nhiệt lượng mà dòng không khí hấp thụ bằng nhiệt lượng mà dòng nước nóng tỏa ra

${Q}_{kk}={Q}_{n}\Rightarrow {m}_{kk}{c}_{kk}Δ{t}_{kk}={m}_{n}{c}_{n}Δ{t}_{n}\Rightarrow 1{,}25.760.(t-20)=0{,}22.4200.(80-30)\Rightarrow t\approx 68,{6}^{^{\circ}}\text{C}$ c) Đúng

Tốc độ làm mát qua các cánh tản nhiệt là $\frac{{{Q_n}}}{t} = 0{,}22 \cdot 4200.(80 - 30) = 46200\;{\rm{W}} \Rightarrow \;$ d) Sai

$\frac{{{p_0}}}{{{D_0}{T_1}}} = \frac{R}{M} \Rightarrow \frac{{101325}}{{1{,}2 \cdot (27 + 273)}} = \frac{{8{,}31}}{M} \Rightarrow M \approx 0{,}0295\;{\rm{kg}}/{\rm{mol}} = 29{,}5\;{\rm{g}}/{\rm{mol}} \Rightarrow$a) Đúng

${F_A} = P \Rightarrow {D_0}Vg = mg + {D_2}Vg \Rightarrow 1{,}2 \cdot 10 = 2 + {D_2} \cdot 10 \Rightarrow {D_2} = 1\;{\rm{kg}}/{{\rm{m}}^3}$

${p}_{0}=\text{const}\Rightarrow {D}_{0}{T}_{1}={D}_{2}{T}_{2}\Rightarrow 1{,}2\cdot (27+273)=1\cdot {T}_{2}\Rightarrow {T}_{2}=360\text{K}={87}^{^{\circ}}\text{C}\Rightarrow$b) Sai

${p_0} = {\rm{ const }} \Rightarrow {D_0}{T_1} = {D_3}{T_3} \Rightarrow 1{,}2 \cdot (27 + 273) = {D_3} \cdot (127 + 273) \Rightarrow {D_3} = 0{,}9\;{\rm{kg}}/{{\rm{m}}^3}$

$F = {F_A} - P = {D_0}Vg - mg - {D_3}Vg = 1{,}2 \cdot 10 \cdot 10 - 2 \cdot 10 - 0{,}9 \cdot 10 \cdot 10 = 10\;{\rm{N}} \Rightarrow$c) Đúng

Với nhiệt độ ${\text{t}}_{3}={127}^{^{\circ}}\text{C}$ thì ban đầu ${{\rm{F}}_{\rm{A}}} > {\rm{P}}$ cho đến khi ${{\rm{F}}_{\rm{A}}} = {\rm{P}}$ thì đạt độ cao cực đại

${F_A} = P \Rightarrow DVg = mg + {D_3}Vg \Rightarrow D.10 = 2 + 0{,}9.10 \Rightarrow D = 1{,}1\;{\rm{kg}}/{{\rm{m}}^3}$

$D = {D_0} \cdot {e^{ - \frac{{{D_0}gh}}{{{p_0}}}}} \Rightarrow 1{,}1 = 1{,}2 \cdot 2,{718^{ - \frac{{1{,}2.10.h}}{{101325}}}} \Rightarrow h \approx 735m \Rightarrow$d) Đúng

Lượng $_{53}^{131}{\rm{I}}$ cần thiết để đánh dấu 1 lít môi trường nuôi cấy tế bào là

${m_0} = {10^6} \cdot 1000 \cdot {10^{ - 12}} = 0{,}001g \Rightarrow$a) Đúng

${N_0} = n{N_A} = \frac{{{m_0}}}{M}{N_A} = \frac{{0{,}001}}{{131}} \cdot 6{,}02 \cdot {10^{23}} \approx 4{,}6 \cdot {10^{18}}$

$\Delta N = {N_0}\left( {1 - {2^{\frac{{ - t}}{T}}}} \right) = 4{,}6 \cdot {10^{18}} \cdot \left( {1 - {2^{\frac{{ - 1}}{8}}}} \right) \approx 3{,}8 \cdot {10^{17}} \Rightarrow$b) Sai

${E_{{\rm{total }}}} = N\Delta E = 3{,}8 \cdot {10^{17}} \cdot 364 \cdot {10^3} \cdot 1{,}6 \cdot {10^{ - 19}} \approx 2{,}2 \cdot {10^4}\;{\rm{J}} \Rightarrow$c) Sai

$D = \frac{{{E_{{\rm{total }}}}}}{m} = 2{,}2 \cdot {10^4}Gy > 100Gy \Rightarrow$d) Đúng

a) Đúng. $Z$ giảm $\Rightarrow B$ giảm $\Rightarrow$ từ thông giảm $\Rightarrow {\vec B_C}$ cùng chiều $\vec B$

b) Sai. Vế trái $\Phi$ có đơn vị là ${{\rm{m}}^2}$. T mà vế phải đơn vị lại là m. T

c) Sai.

Cạnh trái và phải đều có $\left| {{e_{{\rm{trai }}}}} \right| = \left| {{e_{{\rm{phai }}}}} \right| = Ba{v_0}$ nhưng mắc xung đối nên triệt tiêu nhau

Cạnh trên có $\left| {{e_{{\rm{tren }}}}} \right| = {B_{{\rm{tren }}}}a{v_z} = \left( {{B_0} + k{z_{{\rm{tren }}}}} \right)a{v_z}$

Cạnh dưới có $\left| {{e_{{\rm{duoi }}}}} \right| = {B_{{\rm{duoi }}}}a{v_z} = \left( {{B_0} + k{z_{duoi}}} \right)a{v_z}$

$|e| = \left| {{e_{{\rm{tren }}}}} \right| - \left| {{e_{{\rm{duoi }}}}} \right| = k\left( {{z_{{\rm{tren }}}} - {z_{{\rm{duoi }}}}} \right)a{v_z} = k{a^2}{v_z}$

$\Rightarrow i$ cùng chiều kim đồng hồ có độ lớn $i = \frac{{|e|}}{R} = \frac{{k{a^2}{v_z}}}{R}$ (${{\rm{v}}_{\rm{z}}}$ là tốc độ theo phương OZ của khung)

d) Đúng.

${F_{{\rm{tren }}}} = {B_{{\rm{tren }}}}ai = \left( {{B_0} + k{z_{{\rm{tren }}}}} \right) \cdot a \cdot \frac{{k{a^2}{v_z}}}{R}{\rm{ v\`a }}{F_{{\rm{duoi }}}} = {B_{{\rm{duoi }}}}ai = \left( {{B_0} + k{z_{{\rm{duoi }}}}} \right) \cdot a \cdot \frac{{k{a^2}{v_z}}}{R}$

Khi ${v_{{\rm{max }}}}$ thì ${v^\prime } = 0 \Rightarrow {\rm{a}} = 0 \Rightarrow$ hợp lực tác dụng lên khung bằng 0

$\Rightarrow {F_{{\rm{tren }}}} - {F_{{\rm{duoi }}}} = mg \Rightarrow k\left( {{z_{{\rm{tren }}}} - {z_{{\rm{duoi }}}}} \right) \cdot a \cdot \frac{{k{a^2}{v_z}}}{R} = mg \Rightarrow \frac{{{k^2}{a^4}{v_z}}}{R} = mg \Rightarrow {v_z} = \frac{{mgR}}{{{k^2}{a^4}}}$

$\overrightarrow {{v_0}} \bot \overrightarrow {{v_z}} \Rightarrow v = \sqrt {v_0^2 + v_z^2} = \sqrt {v_0^2 + {{\left( {\frac{{mgR}}{{{k^2}{a^4}}}} \right)}^2}}$

$\frac{{pV}}{T} = nR = \frac{N}{{{N_A}}} \cdot R \Rightarrow \frac{{101 \cdot {{10}^3} \cdot 5{,}7 \cdot {{10}^{ - 3}}}}{{37 + 273}} = \frac{N}{{6{,}02 \cdot {{10}^{23}}}} \cdot 8{,}31 \Rightarrow N \approx 13{,}45 \cdot {10^{22}}$

${N_{{O_2}}} = 0{,}25N = 0{,}25 \cdot 13{,}45 \cdot {10^{22}} \approx 3{,}36 \cdot {10^{22}}$

$\frac{{p\Delta V}}{T} = \frac{N}{{{N_A}}}R \Rightarrow \frac{{101 \cdot {{10}^3} \cdot 0{,}4 \cdot {{10}^{ - 3}}}}{{37 + 273}} = \frac{N}{{6{,}02 \cdot {{10}^{23}}}} \cdot 8{,}31 \Rightarrow N \approx 9{,}44 \cdot {10^{21}}$

${N_{{O_2}}} = 0{,}25N \cdot \frac{t}{{{T_{ck}}}} = 0{,}25 \cdot 9{,}44 \cdot {10^{21}} \cdot \frac{{40 \cdot 60}}{2} \approx 2{,}8 \cdot {10^{24}}$

$S = {a^2} = 0,{4^2} = 0{,}16{m^2}$

${e_c} = \left| {\frac{{\Delta \phi }}{{\Delta t}}} \right| = \frac{{\Delta B \cdot S}}{{\Delta t}} = \frac{{15\Delta t \cdot 0{,}16}}{{\Delta t}} = 2{,}4\;{\rm{V}}$

${i_c} = \frac{{{e_c}}}{R} = \frac{{2{,}4}}{3} = 0{,}8\;{\rm{A}}$

B tăng $\Rightarrow$ từ thông tăng $\Rightarrow {{\rm{B}}_{\rm{c}}}$ ngược chiều ${\rm{B}} \Rightarrow$ áp dụng quy tắc nắm tay phải được ${i_c}$ ngược chiều kim đồng hồ

Nguồn $E = 6\;{\rm{V}}$ sinh ra dòng điện $i = \frac{E}{R} = \frac{6}{3} = 2\;{\rm{A}}$ chạy cùng chiều kim đồng hồ

Cường độ dòng điện tổng hợp chạy trong mạch là $i - {i_c} = 2 - 0{,}8 = 1{,}2\;{\rm{A}}$

$\Delta m = 6{m_p} + 7{m_n} - m = 6.1{,}0073 + 7.1{,}0087 - 13{,}0001 = 0{,}1046u$

${W_{lk}} = \Delta m{c^2} = 0{,}1046.931{,}5 \approx 97{,}43{\rm{MeV}}$

${W_{{\rm{ller }}}} = \frac{{{W_{lk}}}}{A} = \frac{{97{,}43}}{{13}} \approx 7{,}5{\rm{MeV}}/{\rm{ nucleon }}$