Đề thi thử tốt nghiệp THPT môn Hóa học KSCL - THPT Khoái Châu- Hưng Yên- Lần 2 có đáp án

PVC có chứa chlorine.

Chọn D

Suất điện động pin bằng ${\text{E}}_{\text{pin (Ni - Cu)}}^{\text{o}}$ =${\text{E}}_{{\text{Cu}}^{\text{2+}}\text{/Cu}}^{\text{o}}$ – ${\text{E}}_{{\text{Ni}}^{\text{2+}}\text{/Ni}}^{\text{o}}$

⇒ ${\text{E}}_{{\text{Ni}}^{\text{2+}}\text{/Ni}}^{\text{o}}$= ${\text{E}}_{{\text{Cu}}^{\text{2+}}\text{/Cu}}^{\text{o}}$– ${\text{E}}_{\text{pin (Ni - Cu)}}^{\text{o}}$= 0,34 – 0,597 = -0,257V

Chọn B

Phát biểu đúng là: (1), (2), (4)

(3) Sai. Vì Y là mạch carbon có nhánh.

Chọn C

Đáp án: 2

CH$_{3}$–CH$_{2}$–NH$_{2}$ và CH$_{3}$–NH–CH$_{3}$.

Phát biểu đúng là: (b)

(a) Sai. Vì pH$_{glutamic}$ = 3,22 < 10 nên glutamic tồn tại chủ yếu dưới dạng anion => di chuyển về phía cực dương.

(c) Sai. Vì pH$_{glutamic}$ = 3,22 < 6 nên glutamic tồn tại chủ yếu dưới dạng anion.

(d) Sai. Vì pH$_{alanine}$ = 6 > 2 nên alanine tồn tại chủ yếu dưới dạng cation => di chuyển về phía cực âm.

Chọn C

Chọn B

Cấu hình của kim loại nguyên tố d: Cr: [Ar]$^{3}$d$^{5}$4$^{s}$1; Cu: [Ar]$^{3}$d$^{10}$4s$^{1}$

Chọn B

Vật liệu bị thủy phân trong cả môi trường acid và môi trường base: (2) tơ capron; (4) tơ nylon-6,6, (5) tơ tằm.

a) Sai. Nồng độ ion Cu$^{2+}$ trong dung dịch không thay đổi theo thời gian.

b) Sai. Cực âm (cathode) xảy ra quá trình khử ion Cu$^{2+}$ và ở cực dương (anode) xảy ra quá trình oxi hóa H$_{2}$O.

c) Sai. Điện cực dương còn gọi là anode, điện cực âm gọi là cathode.

d) Đúng

a) Sai. Mỗi mắt xích của X chứa 3 nhóm –OH.

b) Đúng. Y là glucose nên Y có phản ứng lên men tạo thành ethanol hoặc lactic acid.

c) Sai. X không có nhóm –OH hemiacetal nên không phản ứng với methanol khi có mặt HCl khan làm xúc tác.

d) Đúng.

m$_{X}$ = 106 . $\frac{81}{100}$ = 8,1.105 gam ⇒ n$_{X}$ =$\frac{8{,}1{.10}^{5}}{162n}$= $\frac{5{.10}^{3}}{n}$ = mol

(C$_{6}$H$_{10}$O$_{5}$)$_{n}$ + nH$_{2}$O $\overset{}{\rightarrow }$ nC$_{6}$H$_{12}$O$_{6}$

5.103

C$_{6}$H$_{12}$O$_{6}$ $\overset{}{\rightarrow }$2C$_{2}$H$_{5}$OH + 2CO$_{2}$

5.103 104

${m}_{{C}_{2}{H}_{5}\mathrm{OH}}$ = 104 . 46 . $\frac{80}{100}$= 3,68.105 gam

${V}_{{C}_{2}{H}_{5}\mathrm{OH}}$= $\frac{3{,}68{.10}^{5}}{0{,}8}$= 4,6.105 gam

${V}_{{E}_{5}}={V}_{{C}_{2}{H}_{5}\mathrm{OH}}:\frac{5}{100}=$9,2.106 mL = 9200 L

a) Sai. Albumin là protein dạng cầu, tan trong nước tạo dung dịch keo.

b) Đúng. Quan sát đồ thị ta thấy pepsin hoạt động tốt nhất ở pH = 2.

c) Sai. Chymotrypsin hoạt động tốt trong môi trường base yếu.

d) Đúng

a) CTPT của E là C$_{x}$H$_{y}$O$_{z}$

x = $\frac{63{,}16}{12}.\frac{152}{100}$= 8; y = $\frac{5{,}26}{1}.\frac{152}{100}$= 8; z = $\frac{31{,}58}{16}.\frac{152}{100}$= 3

CTPT của E: C$_{8}$H$_{8}$O$_{3}$.

E được điều chế từ alcohol X và carboxylic acid Y (biết Y là hợp chất tạp chức chứa vòng benzene) ⇒ E có CT: HO–C$_{6}$H$_{4}$–COOCH$_{3}$, X có CT: CH$_{3}$OH, Y có CT: HO–C$_{6}$H$_{4}$–COOH

a. Sai. X là methyl alcohol.

b) Đúng. Trong E: 8 + 8 + 3 = 19 nguyên tử.

c) Đúng

d) Sai. 1 mol E tác dụng vừa đủ với 2 mol NaOH.

HO–C$_{6}$H$_{4}$–COOCH$_{3}$ + 2NaOH NaO–C$_{6}$H$_{4}$–COONa + CH$_{3}$OH + H$_{2}$O

Đáp số 71.

Tổng năng lượng giải phóng khi uống 1 chai coffe: 0,5.38 + 2.17 + 26.17 = 495 kJ.

⇒ số phút = 495 : 7 = 70,71 phút.

Đáp số 2.

Số chất là thành phần chính của chất giặt rửa tổng hợp:CH$_{3}$[CH$_{2}$]$_{11}$OSO$_{3}$Na; CH$_{3}$[CH$_{2}$]$_{11}$C$_{6}$H$_{4}$SO$_{3}$Na

Đáp số 5,1.

Phương trình điện phân: Ag$^{+}$ + 1e $\overset{}{\rightarrow }$ Ag

${n}_{e}=\frac{\text{It}}{\text{F}}\text{=}\frac{\text{2{,}1.(45.60)}}{\text{96500}}\text{= 0{,}058756 mol}$

m$_{Ag}$ = 0,058756.108.$\frac{80}{100}$ = 5,0765 gam

Hướng dẫn giải

Đáp số 3.

Ethylamine không tác dụng với nước bromine tạo kết tủa trắng.

Đáp số 4231.

Vậy Ethanal là (4); Fructose là (2); Methanol là (3); Saccharose là (1)

Đáp số 4,48.

Thể tích Na$_{2}$S$_{2}$O$_{3}$ trung bình sau 3 lần chuẩn độ:

${V}_{{\mathrm{Na}}_{2}{S}_{2}{O}_{3}}=\frac{12{,}65+12{,}6+12{,}6}{3}=12{,}61667\mathrm{mL}$

${n}_{{\mathrm{Na}}_{2}{S}_{2}{O}_{3}}$ = V.C$_{M}$ = 0,01261667.0,01 = 1,261667.10-4 mol

Cl$_{2}$ + 2KI $\overset{}{\rightarrow }$2KCl + I$_{2}$

I$_{2}$ + 2Na$_{2}$S$_{2}$O$_{3}$ $\overset{}{\rightarrow }$2NaI + Na$_{2}$S$_{4}$O$_{6}$

${n}_{{I}_{2}}=\frac{1}{2}{n}_{{\mathrm{Na}}_{2}{S}_{2}{O}_{3}}$ = 6,308333.10-5 mol

${n}_{{\mathrm{Cl}}_{2}}={n}_{{I}_{2}}$ = 6,308333.10-5 mol

${m}_{{\mathrm{Cl}}_{2}}$ = 6,308333.10-5.71 = 4,478917.10-3 gam = 4,478917 mg.