Đề thi thử Tốt nghiệp THPT Hóa học 2025 - 2026 Sở GD&ĐT Phú Thọ lần 2 có đáp án

Đáp án đúng là D

Glucose ở dạng mạch hở có nhóm chức aldehyde nên làm mất màu nước bromine:

HOCH$_{2}$[CHOH]$_{4}$CHO + Br$_{2}$ + H$_{2}$O ⟶ HOCH$_{2}$[CHOH]$_{4}$COOH + 2HBr

Fructose dạng mạch hở có nhóm chức ketone không phản ứng với Br$_{2}$, nó cũng không chuyển hóa thành glucose được vì dung dịch Br$_{2}$ có môi trường acid (chỉ chuyển hóa trong môi trường base).

Saccharose không có dạng mở vòng (do vị trí mở vòng đã bị khóa bởi liên kết glycoside). Cellulose dạng sợi dài liên kết chặt chẽ với nhau bằng các liên kết hydrogen liên phân tử, gốc glucose đứng cuối có thể mở vòng nhưng không thể phản ứng trong trạng thái polymer như vậy.

Đáp án đúng là A

(a) Đúng, dạng (I) và dạng (II) đều nhận proton (từ H$_{2}$O) nên chúng là base theo Brønsted-Lowry.

(b) Sai, dạng (III) mang điện dương (1+) nên di chuyển về cực âm trong điện trường.

(c) Sai, ở pH = 2 (môi trường có rất nhiều H+), dạng (I), (II) sẽ bị proton hóa hoàn toàn (ở -NH$_{2}$ và -COO-) chuyển thành cation mang điện 2+.

(d) Đúng, ở pH = 9,7 thì lysine hầu như không di chuyển trong điện trường, tức lysine không mang điện ⟶ Tồn tại đồng thời ở dạng (I) và dạng (II).

Đáp án đúng là C

A. Sai, Na$_{2}$CO$_{3}$ có độ tan lớn nên không thể tách ra (nhất là khi đun nóng). Vì vậy cần làm lạnh để NaHCO$_{3}$ (độ tan nhỏ, càng lạnh càng nhỏ) tách ra khỏi dung dịch, sau đó nhiệt phân NaHCO$_{3}$ sẽ thu được Na$_{2}$CO$_{3}$.

B. Sai, không thể tách NH$_{3}$ từ NH$_{4}$Cl bằng con đường nhiệt phân (vì 2 khí NH$_{3}$, HCl sẽ kết hợp với nhau ngay). Phải dùng CaO để tách NH$_{3}$:

CaO + 2NH$_{4}$Cl ⟶ CaCl$_{2}$ + 2NH$_{3}$ + H$_{2}$O

C. Đúng, đây là ưu thế của quy trình Solvay. Việc tái sử dụng CO$_{2}$, NH$_{3}$ vừa giúp giảm chi phí nguyên liệu, vừa giúp giảm thiểu tác động đến môi trường.

D. Sai, NaHCO$_{3}$ kết tinh do có độ tan thấp (một chất chỉ kết tinh khi nồng độ của nó trong dung dịch bắt đầu vượt quá độ tan, nếu độ tan neo ở mức rất cao, sẽ rất khó để nó kết tinh).

Đáp án đúng là C

A. Đúng: Tơ tằm là loại tơ có sẵn trong tự nhiên, do con tằm nhả ra. Thành phần chính của nó là protein (fibroin).

B. Đúng: Polyethylene (nhựa PE) thuộc nhóm nhựa nhiệt dẻo. Đặc điểm của nhóm này là nóng chảy khi đun nóng và rắn lại khi làm lạnh, cho phép chúng ta đúc lại nhiều lần, do đó có thể tái chế được.

C. Sai: Poly(phenol formaldehyde) (nhựa PPF) được điều chế bằng phản ứng trùng ngưng giữa phenol (C$_{6}$H$_{5}$OH) và methanal (HCHO). Trong quá trình này, ngoài mạch polymer hình thành còn có sự giải phóng các phân tử nhỏ (nước).

D. Đúng: Phản ứng lưu hóa cao su là quá trình tạo ra các “cầu nối” disulfur (-S-S-) giữa các mạch polymer riêng rẽ. Việc kết nối các mạch đơn thành cấu trúc mạng không gian ba chiều này được xếp vào loại phản ứng tăng mạch polymer (tạo mạng lưới).

Đáp án đúng là B

A. Sai, cả 2 cốc đều xảy ra ăn mòn điện hóa do các kim loại tiếp xúc trực tiếp với nhau (Zn-Fe, Fe-Cu), đồng thời tiếp xúc trực tiếp với dung dịch điện li NaCl có hòa tan O$_{2}$ từ không khí.

B. Đúng, kim loại có tính khử mạnh hơn là cực âm và bị ăn mòn (Zn ở cốc 2 và Fe ở cốc 3).

C. Sai, ở cốc 2 thì Zn là cực âm nên Zn bị ăn mòn, Fe được bảo vệ. Ở cốc 3 thì Fe là cực âm nên Fe bị ăn mòn, Cu được bảo vệ.

D. Sai, ở cốc 2, Zn bị ăn mòn điện hóa. Ở cốc 3 Cu nhận electron nên Fe mới bị ăn mòn.

a) Đúng, cả ba phức chất X, Y, Z đều có số phối trí là 6. Với các phối tử có dung lượng phối trí là 1 như H$_{2}$O và NH$_{3}$, cấu hình hình học phổ biến và bền vững nhất cho số phối trí 6 là hình bát diện.

b) Sai, bước 1 là phản ứng thế phối tử (thay H$_{2}$O bằng NH$_{3}$). Bước 2 bản chất là một phản ứng oxy hóa – khử. Trong bước này, các phối tử NH$_{3}$ đã bao quanh nguyên tử trung tâm từ trước, phản ứng làm thay đổi số oxy hóa của nguyên tử trung tâm từ Co$^{2+}$ lên Co$^{3+}$ chứ không phải là sự thay thế một phối tử này bằng một phối tử khác.

c) Sai, Y có nguyên tử trung tâm là ion Co$^{2+}$, Z có nguyên tử trung tâm là ion Co$^{3+}$.

d) Đúng, ở bước 1: Dung dịch chuyển từ màu hồng (của phức aqua [Co(H$_{2}$O)$_{6}$]$^{2+}$ sang màu hồng đậm của phức ammonia [Co(NH$_{3}$)$_{6}$]$^{2+}$. Ở bước 2, dung dịch chuyển từ màu hồng đậm của Y sang màu vàng cam đặc trưng của phức [Co(NH$_{3}$)$_{6}$]$^{3+}$. Sự thay đổi màu sắc rõ rệt là dấu hiệu nhận biết sự hình thành các phức chất mới trong thí nghiệm này.

a) Sai, amino acid đầu C của X là Ala, amino acid đầu N của X là Asp.

b) Sai, liên kết peptide tạo bởi -NH$_{2}$ ở vị trí α so với -COOH, được đánh dấu là -NH$_{2}$ số 1 trong hình.

c) Đúng, chỉ -COOH có -NH$_{2}$ ở vị trí α mới tạo liên kết peptide (trừ amino acid đầu C), do đó phân tử X còn nhóm carboxyl số (1) của Asp.

d) Đúng, Arg có tính base mạnh (pI lớn), ngược lại Asp lại có pI thấp, so với mức trung bình pI ≈ 6 của Ala. Do chúng khác nhau nhiều như vậy nên dễ dàng tách riêng bằng phương pháp điện di tại pH = 6: Arg di chuyển về cực âm, Asp di chuyển về cực dương và Ala không di chuyển.

Phản ứng chuẩn độ:

5Fe$^{2+}$ + 8H$^{+}$ + MnO$_{4}$$^{-}$ ⟶ 5Fe$^{3+}$ + Mn$^{2+}$ + 4H$_{2}$O

nMnO$_{4}$$^{-}$ = 0,32 mmol ⟶ nFe$^{2+}$ (10 mL Y) = 1,6 mmol

⟶ nFe (trong 2,35 gam gang) = nFe$^{2+}$ (250 mL Y) = 40 mmol = 0,04 mol

a) Đúng:

mFe trong quặng = 1000.75%.56.2/160 = 525 tấn

⟶ m gang = 525.98%.2,35/(0,04.56) = 540 tấn

b) Sai, không thể dùng HCl khi chuẩn độ oxi hóa khử bằng KMnO$_{4}$ vì phản ứng sau làm sai lệch kết quả:

2KMnO$_{4}$ + 16HCl ⟶ 2KCl + 2MnCl$_{2}$ + 5Cl$_{2}$ + 8H$_{2}$O

c) Sai, nếu dùng Fe thì lượng Fe$^{2+}$ sẽ bị tăng lên do lượng Fe thêm vào:

Fe + 2Fe$^{3+}$ ⟶ 3Fe$^{2+}$

Fe + 2H$^{+}$ ⟶ Fe$^{2+}$ + H$_{2}$

Như vậy rất khó xử lý và gây sai số lớn khi phải cân đo lượng Fe bị hòa tan cũng như thể tích H$_{2}$ sinh ra.

d) Đúng, gang trên chứa %Fe = 0,04.56/2,35 = 95,3%

X là CH$_{3}$COOH; Y là (CH$_{3}$)$_{2}$CHCH$_{2}$CH$_{2}$OH

a) Sai, phản ứng tạo ra Z từ X và Y là phản ứng ester hóa.

b) Đúng:

nX = 3/60 = 0,05 mol; nY = 5,28/88 = 0,06 mol ⟶ Hiệu suất tính theo X.

nX phản ứng = nZ = 3,9/130 = 0,03

⟶ H = 0,03/0,05 = 60%

c) Sai, Y là alcohol bậc I do nhóm -OH gắn với C bậc I.

d) Đúng, tên thay thế của X là ethanoic acid.

Đáp án: 4

Cả 4 đều chứa liên kết glycoside do chúng là các disaccharide hoặc polysaccharide do 2 hoặc nhiều monosaccharide liên kết với nhau bằng liên kết glycoside.

Đáp án: 3

X là Gly-Lys-Glu, thủy phân hoàn toàn X thu được 3 amino acid là Gly, Lys và Glu.

Đáp án: 55,1

nMg = 18000/24 = 750 mol ⟶ ne = 2nMg = 1500 mol

H = 60% ⟶ t = 60%.ne.F/I = 60%.1500.96500/0,05 = 1737000000s ≈ 55,1 năm

Đáp án: 283

Fe$_{2}$(SO$_{4}$)$_{3}$ + 3Ca(OH)$_{2}$ → 2Fe(OH)$_{3}$ + 3CaSO$_{4}$

4FeSO$_{4}$ + 4Ca(OH)$_{2}$ + O$_{2}$ + 2H$_{2}$O → 4Fe(OH)$_{3}$ + 4CaSO$_{4}$

Hàm lượng sắt cao gấp 50 lần ngưỡng cho phép, khi loại bỏ sắt ở mức tối thiểu, ta chỉ cần loại bỏ 49 lần mức cho phép.

nFe$_{2}$(SO$_{4}$)$_{3}$ = 5x mol; nFeSO$_{4}$ = x mol

mFe = 56(2.5x + x) = 0,3.49.10 ⟶ x = 21/88 mol (0,3 mg/L = 0,3 g/m³)

⟶ nCa(OH)$_{2}$ = 3.5x + x = 42/11 mol

⟶ mCa(OH)$_{2}$ ≈ 283 gam

Đáp án: 46,5

Mỗi ngày máy phát điện cần x mL xăng, gồm C$_{2}$H$_{5}$OH (0,1x), C$_{7}$H$_{16}$ (0,35x), C$_{8}$H$_{18}$ (0,4x) và C$_{9}$H$_{20}$ (0,15x)

Quá trình trao đổi nhiệt trong 24h:

75%(1365.0,1x.0,789/46 + 4820.0,35x.0,684/100 + 5460.0,4x.0,703/114 + 6770.0,15x.0,718/128) = 48000.24

⟶ x = 46482,5 mL ≈ 46,5L

Đáp án: 2

Có 2 chất trong dãy khi thủy phân trong dung dịch NaOH (dư), đun nóng sinh ra alcohol: ethyl formate, triolein:

HCOOC$_{2}$H$_{5}$ + NaOH ⟶ HCOONa + C$_{2}$H$_{5}$OH

(C$_{17}$H$_{33}$COO)$_{3}$C$_{3}$H$_{5}$ + 3NaOH ⟶ 3C$_{17}$H$_{33}$COONa + C$_{3}$H$_{5}$(OH)$_{3}$