Đề thi thử Tốt nghiệp THPT 2025 - Cấu trúc mới - Môn Hóa Học - Đề 17

Chọn C

Công thức chất béo có dạng TQ: (RCOO)$_{3}$C$_{3}$H$_{5}$

$\Rightarrow$số C trong gốc R$= 55 - (3.1 + 3) = 49 \Rightarrow \overline C = \frac{{49}}{3} = 16{,}333$: có chứa gốc acid palmitic, gốc acid còn lại là 17 (do các acid béo thường đều có gốc R là 17C)

Ta có:

Có 2 gốc oleic nên số mol H$_{2}$ cần là 2 mol

Chọn D

A. Đúng vì quá trình (1) là tách CO$_{2}$ nên dung dịch X có thể là Ca(OH)$_{2}$ hoặc Ba(OH)$_{2}$.

B. Đúng

C. Đúng theo SGK, để điều chế O$_{2}$, N$_{2}$ từ không khí thì dùng chưng cất phân đoạn.

D. Sai vì khí Y là N$_{2}$. Theo SGK thì phần lớn N$_{2}$ được dùng sản xuất phân đạm.

Chọn A

X có CTCT là HCOOCH(CH$_{3}$)$_{2}$.

Y có CTCT là CH$_{2}$=CH-COOCH$_{3}$

a. Đúng

b. Đúng vì C$_{4}$H$_{8}$O$_{2}$ có 4 đồng phân ester.

c. Sai vì Y chỉ có 1 CTCT duy nhất.

d. Sai vì Y là ester không no

e. Sai vì X không tác dụng được với hydrogen

Chọn A

Thứ tự nhiệt độ sôi là (1) < (3) < (2) < (4)

a) Đúng

vì theo bảng thì nhiệt độ nóng chảy và độ cứng của B cao hơn A, nên cấu trúc B đặc hơn do

đó thì mẫu B được tổng hợp bằng xúc tác Ziegler-Nattan

b) Sai

vì mẫu B được tổng hợp bằng xúc tác Ziegler-Nattan nên độ phân nhánh ít hơn.

c) Đúng

vì ta có: $n = \frac{{200000}}{{28}} = 7142{,}8 \simeq 7143$

d) Sai

vì trong 1 cm$^{3}$ thì khối lượng B là 0,96 gam${n_B} = \frac{{0{,}96}}{{200000}} = 0{,}0000048\,mol \Rightarrow$

Số mắt xích: $0{,}0000048.6,{02.10^{23}}.7143 = 2,{064.10^{22}}$

a) Đúng.

b) Sai

vì độ dài liên kết tăng là do bán kính tăng dần từ F đến I.

c) Sai

vì trong phân tử X$_{2}$ không có sự lai hóa mà là sự xen phủ 2AO p tạo liên kết σ

d) Đúng vì

+ phương trình (1): ${\Delta _r}H_{298}^0(1) = {E_{b(Cl - Cl)}} + {E_{b(H - H)}} - 2{E_{b(H - Cl)}} = 242 + {E_{b(H - H)}} - 2.431 = {E_{b(H - H)}} - 620\,\,(kJ/mol)$

+ phương trình (2): ${\Delta _r}H_{298}^0(2) = {E_{b(F - F)}} + {E_{b(H - H)}} - 2{E_{b(H - F)}} = 159 + {E_{b(H - H)}} - 2.565 = {E_{b(H - H)}} - 971\,\,(kJ/mol)$

Như vậy thì enthalpy của phản ứng (2) âm hơn (1) nên phản ứng thuận (2) xảy ra thuận lợi hơn.

a) Đúng

vì theo dữ kiện đề thì (A) là CaO và (B) là CaC$_{2}$.

Phản ứng xảy ra là $\begin{matrix}\mathrm{CaC}{O}_{3}\overset{{t}^{0}}{\rightarrow }\mathrm{CaO}+{\mathrm{CO}}_{2} \\ \mathrm{CaO}+C\overset{{2000}^{0}C}{\rightarrow }\underset{(B)}{\underset{⏟}{{\mathrm{CaC}}_{2}}}+{\mathrm{CO}}_{2}\end{matrix}$

b) Sai

vì theo chuỗi thì $\underset{(B)}{\underset{⏟}{{\mathrm{CaC}}_{2}}}+{N}_{2}\overset{}{\rightarrow }(M)$ : vậy M chứa ba nguyên tố là Ca, C, N.

Theo đề thì Ca chiếm 50% về khối lượng nên ta có: $40x=12y+14z\overset{\min }{\rightarrow }\{\begin{matrix}x=1 \\ y=1 \\ z=2\end{matrix}\overset{\mathrm{CT}}{\rightarrow }(M):\ {\mathrm{CaCN}}_{2}$

Tổng số nguyên tử trong M là 4.

c) Đúng

vì khí Y là C$_{2}$H$_{2}$ nên khi tác dụng HBr thì chỉ thu được một sản phẩm duy nhất.

d) Đúng vì theo chuỗi: $\underset{(M)}{\underset{⏟}{{\mathrm{CaCN}}_{2}}}+{\mathrm{CO}}_{2}+{H}_{2}O\overset{}{\rightarrow }{\mathrm{CaCO}}_{3}+(Z)$ : dạng phản ứng dùng acid mạnh đẩy acid yếu ra khỏi muối. Nên (Z) là H$_{2}$CN$_{2}$ (Cyanamide). Khi trimer Z thì thu Q. Dữ kiện là có trong sữa.

Vậy Q là melanine.

a) Đúng.

b) Sai

vì dung dịch aldehyde formic trong nước có nồng độ 37 – 40% mới gọi là formalin.

c) Đúng

d) Đúng

vì aldehyde formic chứa liên kết C=O phân cực hơn nên tương tác Van der Waals lớn hơn.

5

HCOOH có thể tác dụng với : CuO, Na, NaOH, K$_{2}$CO$_{3}$, CH$_{3}$OH.

(1) Sai

vì Hg dùng làm nhiệt kết do nhiệt độ nóng chảy thấp.

(2) Đúng.

(3) Sai

vì một số kim loại như Au, Pt thì không bị oxi hóa bởi oxygen trong không khí.

(4) Đúng.

(5) Sai

vì khi nhiệt độ tăng thì độ dẫn điện giảm.

Nhiệt lượng để làm tăng 1 gam nước lên 1 $^{0}$C là 4,184 J

Theo đề thì lượng nhiệt tỏa ra do hòa tan KOH là 4,184 J

Ta có: ${n_{KOH\,ht}} = \frac{{4{,}184}}{{57,{{6.10}^3}}}\,mol \Rightarrow {n_{O{H^ - }}} = \frac{{4{,}184}}{{57,{{6.10}^3}}}\,mol \Rightarrow {C_{O{H^ - }}} = \frac{{\frac{{4{,}184}}{{57,{{6.10}^3}}}}}{{0{,}001}} = \frac{{523}}{{7200}}\,M \Rightarrow pH = 12{,}86 \approx 12{,}9$

Theo dữ kiện đề cho thì gốc acid trong tinh thể là SO$_{4}$$^{2-}$.

Gọi CT của các tinh thể lần lượt là: $\{\begin{matrix}{Y}_{1}:{\mathrm{MSO}}_{4}.{\mathrm{xH}}_{2}O \\ {Y}_{2}:{\mathrm{MSO}}_{4}.{\mathrm{yH}}_{2}O \\ {Y}_{3}:{\mathrm{MSO}}_{4}.{\mathrm{zH}}_{2}O\end{matrix}$

Xét quá trình hòa tan Y$_{2}$:

Theo đề : ${Y}_{2}:{\mathrm{MSO}}_{4}.{\mathrm{yH}}_{2}O\overset{100\ \mathrm{gam}\ {H}_{2}O}{\rightarrow }\mathrm{dd}\ \mathrm{MS}{O}_{4}\overset{+{\mathrm{BaCl}}_{2}}{\rightarrow }{\mathrm{MCl}}_{2}+\underset{29{,}125\ \mathrm{gam}}{\underset{⏟}{{\mathrm{BaSO}}_{4}}}$

Ta có: ${n}_{{\mathrm{BaSO}}_{4}}=\frac{29{,}125}{233}=0{,}125\ \mathrm{mol}\overset{\mathrm{BTNT}\ S}{\rightarrow }{n}_{{\mathrm{MSO}}_{4}.{\mathrm{yH}}_{2}O}=0{,}125\ \mathrm{mol}$

$\Leftrightarrow M+96+18y=\frac{26{,}75}{0{,}125}\Leftrightarrow M+18y=118\Rightarrow \{\begin{matrix}y=3 \\ M=64\end{matrix}\overset{\mathrm{CT}\ {Y}_{2}}{\rightarrow }{\mathrm{CuSO}}_{4}.3{H}_{2}O$

Xét quá trình nung Y$_{1}$

Công thức Y$_{1}$ là CuSO$_{4}$.xH$_{2}$O và Y$_{3}$ là CuSO$_{4}$.zH$_{2}$O

Theo đề: $\underset{{Y}_{1}}{\underset{⏟}{{\mathrm{CuSO}}_{4}.{\mathrm{xH}}_{2}O}}\overset{{t}^{0}}{\rightarrow }\underset{{Y}_{2}}{\underset{⏟}{{\mathrm{CuSO}}_{4}.3{H}_{2}O}}+(x-3){H}_{2}O$

Ta có: $\frac{85{,}6}{160+3.18}=\frac{14{,}4}{18(x-3)}\Rightarrow x=5\overset{\mathrm{CT}\ {Y}_{1}}{\rightarrow }{\mathrm{CuSO}}_{4}.5{H}_{2}O$

Xét quá trình hòa tan Y1 và Y3.

$\{\begin{matrix}10\ \mathrm{gam}\ {Y}_{1}:{\mathrm{CuSO}}_{4}.5{H}_{2}O \\ 10\ \mathrm{gam}\ {Y}_{3}:{\mathrm{CuSO}}_{4}.{\mathrm{zH}}_{2}O\end{matrix}\overset{+100\ \mathrm{gam}\ {H}_{2}O}{\rightarrow }{\mathrm{CuSO}}_{4}\ 10\%$

Ta có : $\frac{(\frac{10}{160+5.18}+\frac{10}{160+18z}).160}{10+10+100}.100=10\Rightarrow z=7\overset{\mathrm{CT}\ {Y}_{3}}{\rightarrow }{\mathrm{CuSO}}_{4}.7{H}_{2}O$

Tổng số phân tử H2O trong các tinh thể là 3 + 5 + 7 = 15