Đề thi tham khảo ôn thi THPT Vật lý có đáp án - Đề 3

Đáp án đúng là D

So với ban đầu, vì khối khi nhận nhiệt lượng nên nhiệt độ khối khí tăng, các phân tử khí chuyển động nhiệt nhanh hơn. Khối khí giãn nở thực hiện công làm thể tích khối khí tăng lên, mật độ khí tương ứng giảm đi.

Đáp án đúng là C

Hình 1 – Cảnh báo nguy hiểm chất ăn mòn

Hình 2 – Cảnh báo nguy hiểm chất phóng xạ

Hình 3 – Cảnh báo nguy hiểm về điện

Hình 4 – Cảnh báo chất độc

Đáp án đúng là D

Thể lỏng sang thể rắn – quá trình đông đặc;

Thể rắn sang thể khí – quá trình thăng hoa;

Thể lỏng sang thể khí – quá trình bay hơi;

Thể khí sang thể lỏng – quá trình ngưng tụ.

Đáp án đúng là A

Khí nhận công nên A > 0; khí truyền nhiệt nên Q < 0.

Độ biến thiên nội năng: ΔU = A + Q = 25 – 17 = 8 J.

Đáp án đúng là A

$$\frac{{{p_1}{V_1}}}{{{T_1}}} = \frac{{{p_2}{V_2}}}{{{T_2}}} \Rightarrow \frac{{8{,}65.8}}{{a + 273}} = \frac{{80.1}}{{60 + 273}} \Rightarrow a = 15{,}045^\circ C.$$

Đáp án đúng là D

Năng lượng điện của nguồn điện cung cấp cho máy nén để tải nhiệt từ nơi có nhiệt độ thấp đến nơi có nhiệt độ cao hơn.

Đáp án đúng là D

Quá trình đẳng áp $\frac{{{V_1}}}{{{T_1}}} = \frac{{{V_2}}}{{{T_2}}} \Rightarrow {V_1}{T_2} = {V_2}{T_1}.$

Đáp án đúng là C

$$\frac{{{p_1}{V_1}}}{{{T_1}}} = \frac{{{p_2}{V_2}}}{{{T_2}}} \Rightarrow \frac{{{p_1}{V_1}}}{{{t_1} + 273}} = \frac{{\left( {{p_1} + \frac{1}{{10}}{p_1}} \right)\left( {{V_1} - \frac{2}{{10}}{V_1}} \right)}}{{{t_1} + 273 - 30}} \Rightarrow {t_1} = - 23^\circ C.$$

Đáp án đúng là B

Điện trường và từ trường biến thiên cùng tần số, cùng pha, vuông góc với nhau.

Sóng điện từ truyền được trong chân không và các môi trường vật chất.

Sóng điện từ dùng trong thông tin truyền thông là sóng vô tuyến.

Đáp án đúng là B

Khi khung dây chuyển động theo hướng 2, mật độ đường sức tăng, từ thông tăng. Vectơ càm ứng từ của dòng điện cảm ứng $\overrightarrow {{B_c}}$ ngược chiều với $\overrightarrow B$. Theo quy tắc nắm tay phải, dòng điện cảm ứng ngược chiều kim đồng hồ.

Đáp án đúng là A

$$e = NBS\omega = 250.0,{02.50.10^{ - 4}}.\frac{{3000.2\pi }}{{60}} = 7{,}85\,V.$$

Đáp án đúng là C

Vì mật độ đường sức của lúc sau gấp hai lần mặt độ đường sức lúc đầu. Do đó B$_{2}$ = 2B$_{1}$.

Dòng điện có chiều và độ lớn không đổi. Vậy khi B tăng 2 lần thì F tăng 2 lần nên F$_{2}$ = 2F$_{1}$.

Đáp án đúng là B

Cạnh của khung dây là a = 1 (m).

Phần diện tích di chuyển vào trong vùng từ trường sau thời gian t là: ΔS = a.vt = 1.10t = 10t (m$^{2}$)

Suất điện động cảm ứng xuất hiện trong khung dây: $e = \frac{{B.\Delta s.\cos \alpha }}{t} = \frac{{0{,}1.10t.\cos 0^\circ }}{t} = 1\,V.$

Cường độ dòng điện trong khung dây $i = \frac{e}{R} = \frac{1}{2} = 0{,}5\,A.$

Đáp án đúng là A

Hạt nhân $_{11}^{23}Na$có 11 proton, 23 – 11 = 12 neutron.

Đáp án đúng là B

Chụp ảnh 3D không phải ứng dụng của vật lí hạt nhân.

Đáp án đúng là C

Phản ứng phân hạch là phản ứng tách hạt nhân nặng thành các hạt nhân có số khối trung bình.

Đáp án đúng là C

. Do đó độ phóng xạ giảm 87,5%.

Đáp án đúng là B

Năng lượng toả ra: $\Delta E = \Delta m{c^2} = (1{,}00728 + 2{,}0135 - 3{,}0149)u{c^2} = 5{,}47\,MeV = 8,{76.10^{ - 13}}J$

Động năng chuyển động nhiệt:

$${W_d} = \frac{3}{2}kT = \frac{3}{2}.1,{38.10^{ - 23}}.(13,{6.10^6} + 273) = 2,{82.10^{ - 16}}J.$$

Do đó có tỉ lệ $\frac{{{W_d}}}{{\Delta E}} = \frac{{2,{{82.10}^{ - 16}}}}{{8,{{76.10}^{ - 13}}}} = 0{,}0003$.

a) Sai. Vì nhiệt độ của ly nước đá thấp nên nhiệt độ không khí xung quanh ly nước đá giảm xuống dưới điểm sương. Khi đó hơi nước trong không khí sẽ bị ngưng tụ lại thành giọt và bám quanh ly nước đá.

b) Đúng. Khi hơi nước ngưng tụ sẽ tỏa nhiệt ra môi trường xung quanh và năng lượng này truyền vào ly nước đá làm nước đá trong ly cà phê tan nhanh.

c) Đúng. Khi nước đá trong ly tan hết, các giọt mồ hôi trên ly hấp thụ nhiệt độ môi trường và bay hơi. Lượng mồ hôi này giảm dần.

d) Q nước đá = Q mồ hôi

L$_{m}$.m$_{nước đá}$ = L$_{v}$.m$_{hơi nước}$ → m$_{nước đá}$ = 54 gam.

a) Sai. Khi bọt khí nổi lên, thể tích tăng nhưng số phân tử khí không đổi. Do đó số mol khí không đổi.

b) Đúng. Áp suất ở dưới đáy biển được tính theo công thức:

p = p$_{0}$ + pgh = 101300 + 1200.10.200 = 2501300(Pa)

c) Sai. Nhiệt độ chênh lệch 26°C = 297 K.

d) Đúng. Áp dụng phương trình trạng thái khí lí tưởng ta được:

$$\frac{{{p_1}{V_1}}}{{{T_1}}} = \frac{{{p_2}{V_2}}}{{{T_2}}} \Rightarrow \frac{{2501300.1}}{{4 + 273}} = \frac{{101300.{V_2}}}{{30 + 273}} \Rightarrow {V_2} \approx 27\,c{m^3}.$$

a) Sai. Sử dụng quy tắc bàn tay trái, ngửa lòng bàn tay hứng các đường sức từ đi vào, ngón cái choãi ra chỉ chiều vận tốc, chiều từ cổ tay đến ngón tay chỉ chiều dòng điện, do đó chiều dòng điện từ m đếnn.

b) Đúng. Diện tích khung dây thay đổi nên từ thông qua khung dây thay đổi.

c) Sai. Độ biến thiên diện tích khi thanh mn chuyển động là:

$$\Delta S = {S_2} - {S_1} = \frac{1}{2}{({\ell _0} + vt)^2} - \frac{1}{2}.\ell _0^2 = \frac{1}{2}{(1 + 2t)^2} - \frac{1}{2}{.1^2} = 2t + 2{t^2}.$$

Biểu thức suất điện động: $e = - \frac{{B.\Delta S.\cos 0^\circ }}{t} = - \frac{{0{,}1.\left( {2t + 2{t^2}} \right).1}}{t} = - 0{,}2 - 0{,}2t.$

d) Đúng. Cường độ dòng điện qua khung dây lúc t = 10 s là:

$i = \frac{e}{R} = \frac{{ - 0{,}2 - 0{,}2t}}{2} = - 0{,}1 - 0{,}1.10 = - 1{,}1A.$ Độ lớn I = 1,1 A.

a) Đúng. $\lambda = \frac{{\ln 2}}{T} = \frac{{\ln 2}}{{3{,}82.86400}} = 2,{1.10^{ - 6}}{s^{ - 1}}.$

b) Sai. $H = \lambda N = 2,{1.10^{ - 6}}.11,{4.10^6} = 23{,}94\,Bq.$

c) Sai. Độ phóng xạ đo được nhỏ hơn mức độ nguy hiểm cho phép.

d) Đúng. $\Delta E = \Delta m{c^2} = \left( {222{,}0175 - 4{,}0026 - 218{,}0089} \right)u{c^2} = 5{,}589\,MeV.$

1250.

Công $A = p.\Delta V = {1.10^5}.(25 - 12{,}5){.10^{ - 3}} = 1250\,J.$

567.

$$\frac{{{p_1}{V_1}}}{{{T_1}}} = \frac{{{p_2}{V_2}}}{{{T_2}}} \Rightarrow \frac{{1.12{,}5}}{{27 + 273}} = \frac{{1{,}4.25}}{{{t_2} + 273}} \Rightarrow {t_2} = 567^\circ C.$$

9,1.

Lực từ đóng vai trò lực hướng tâm:

$${F_{tu}} = {F_{ht}} \Rightarrow qvB = m\frac{{{v^2}}}{r} \Rightarrow m = \frac{{qrB}}{v} = \frac{{1,{{6.10}^{ - 19}}.\frac{{4,{{55.10}^{ - 2}}}}{2}{{.5.10}^{ - 3}}}}{{{{2.10}^7}}} = 9,{1.10^{ - 31}}kg.$$

0,15.

$$e = N.S.\cos \alpha .\left| {\frac{{\Delta B}}{{\Delta t}}} \right| = {10.25.10^{ - 4}}.\cos 0^\circ .\left| {\frac{{\left( {0 - 2{,}4} \right){{.10}^{ - 3}}}}{{0{,}4 - 0}}} \right| = 1,{5.10^{ - 4}}V = 0,{15.10^{ - 3}} = 0{,}15mV.$$

10,3.

Trong khoảng thời gian từ t = 0 đến t = 2T, có 63 mg $_{84}^{210}Po$ trong mẫu bị phân rã. Số hạt $_{84}^{210}Po$ bị phân rã: $\Delta {N_{Po}} = \frac{{{{63.10}^{ - 3}}}}{{210}}.6,{02.10^{23}} = 1,{806.10^{20}}$ hạt.

Số hạt $_{82}^{206}Pb$ tạo thành bằng số hạt $_{84}^{210}Po$ bị phân rã.

Tại t = 0, số hạt nhân $_{82}^{206}Pb$ tạo thành N$_{Pb}$ = 0.

Tại t = 2T, số hạt nhân $_{82}^{206}Pb$ tạo thành

$$\Delta {N_{Po}} = {N_{Pb}} = {N_{0Po}}.\left( {1 - {2^{ - \frac{t}{T}}}} \right) = {N_{0Po}}.\left( {1 - {2^{ - \frac{{2T}}{T}}}} \right) = \frac{{3{N_{0Po}}}}{4} = 1,{806.10^{20}} \Rightarrow {N_{0Po}} = 2,{408.10^{20}}$$

Tại t = 2T, số hạt nhân $_{84}^{210}Po$ còn lại: ${N_{Po}}(t = 2T) = {N_{0Po}}{.2^{ - \frac{{2T}}{T}}} = \frac{{{N_{0Po}}}}{4}$

Tại t = 3T, số hạt nhân $_{84}^{210}Po$ còn lại: ${N_{Po}}(t = 3T) = {N_{0Po}}{.2^{ - \frac{{3T}}{T}}} = \frac{{{N_{0Po}}}}{8}$

Trong khoảng thời gian từ t = 2T đến t = 3T, số hạt $_{82}^{206}Pb$ tạo thành:

$${N_{Pb}} = \frac{{{N_{0Po}}}}{4} - \frac{{{N_{0Po}}}}{8} = \frac{{{N_{0Po}}}}{8} = \frac{{2,{{408.10}^{20}}}}{8} = 3,{01.10^{19}}$$

Khối lượng $_{82}^{206}Pb$ tạo thành: ${m_{Pb}} = \frac{{{N_{Pb}}}}{{{N_A}}}.A = \frac{{3,{{01.10}^{19}}}}{{6,{{02.10}^{23}}}}.206 = 0{,}0103\,g = 10{,}3\,mg.$

5,12.

$$E = N.\Delta E = \frac{m}{A}.{N_A}.\Delta E = \frac{{1000}}{{235}}.6,{02.10^{23}}.200 = 5,{12.10^{26}}MeV.$$