Đề thi HSG Sinh học 12 THPT Thạch Thành 4 - Thanh Hóa có đáp án

Chọn C

C. Cơ chế phát sinh hội chứng Turner OX là đột biến trong quá trình giảm phân của bố hoặc mẹ, cặp NST giới tính không phân li tạo ra giao tử n -1 (không có NST giới tính), giao tử này thụ tinh với giao tử bình thường n (có 1 NST giới tính X). Lượng sản phẩm của gene SHOX ở người mang hội chứng Klinefelter cao hơn người nam bình thường nên người mang hội chứng Klinefelter cao hơn bình thường. Lượng sản phẩm của gene SHOX ở người mang hội chứng Turner thấp hơn người phụ nữ bình thường nên người mang hội chứng Turner lùn hơn người bình thường. Xét nghiệm di truyền tế bào ở giai đoạn phôi thai có thể sàng lọc trước sinh những trẻ mang đột biến số lượng NST.

D

Bộ NST 2n = 20 → 10 cặp NST, trên mỗi cặp NST xét 2 cặp gen dị hợp

Mỗi tế bào chỉ xảy ra hoán vị gen nhiều nhất ở 1 cặp NST.

- 1 cặp NST xảy ra hoán vị gen sẽ tạo ra 4 giao tử gồm 2 giao tử liên kết và 2 giao tử hoán vị18

- Mỗi cặp NST giảm phân không có hoán vị sẽ tạo ra 2 giao tử liên kết.

+ Số loại giao tử liên kết tối đa = số loại giao tử liên kết trên 10 cặp NST = 2$^{10}$ = 1024

+ Số loại giao tử hoán vị tối đa =2 $\times$ 2$^{9}$ $\times$ 10 = 10240 (loại)

→ Số loại giao tử tối đa về các gen đang xét = 1024 + 10240 = 11264

A

I đúng, hình ảnh trên mô tả hoạt động của operon Lac trong môi trường có lactose.

II đúng, vùng 2 được gọi là vùng vận hành, là vị trí mà chất X bám vào trong điều kiện môi trường không có lactose.

III sai, các gene cấu trúc Z, Y, A chỉ có một vùng điều hòa và một vùng kết thúc.

IV sai, trên mỗi phân tử mRNA$_{1}$ chỉ chứa một mã mở đầu và một mã kết thúc, tuy nhiên, trên mRNA$_{2}$ chứa tới 3 mã mở đầu mà 3 mã kết thúc tương ứng với 3 gene Z, Y, A.

B

Xét riêng từng tính trạng ở F$_{1}$:

+ P: dẹt tự thụ phấn cho 9 dẹt : 6 tròn : 1 dài => P: AaBb

+ P: đỏ tự thụ phấn cho: đỏ : trắng = (6+5+1) : (3+1) = 3: 1 => P: Dd x Dd

Vì F$_{1}$ phân li 6:5:3:1:1 => liên kết đối => kiểu gene của P là: $\frac{{A{\rm{d}}}}{{\overline {{\rm{aD}}} }}{\rm{Bb}}$.

D

Chọn đáp án D

$_{F1}$xuất hiện kiểu hình lặn về 3 tính trạng → P dị hợp các cặp gene.

F$_{1}$ có 1,25% số ruồi mang kiểu hình lặn về 3 tính trạng nhưng kiểu hình này chỉ có ở ruồi đực.

→ Có sự liên kết với giới tính. F$_{1}$ có 24 loại kiểu gene = 3 × 8

→ 1 cặp gene PLĐL tạo 3 kiểu gene; 2 cặp gene nằm trên NST giới tính X, có HVG ở giới cái.

Ta có aaX$^{bd}$Y= 1,25% → 1/4 x X$^{bd}$x 1/2 = 1,25% → X$^{bd}$ = 0,1 = 10% là giao tử hoán vị

KG của P là AaX$^{Bd}$X$^{bD}$ x AaX$^{BD}$Y ; f= 20%

Ruồi cái có kiểu hình trội về 3 tính trạng ở F$_{1}$(A-X$^{BD}$X$^{-}$) có tỉ lệ = 3/4 x 1/2 = 3/8

Ruồi cái có 5 allele trội = AAX$^{BD}$X$^{Bd}$+AAX$^{BD}$X$^{bD}$ + AaX$^{BD}$X$^{BD}$=1/4 AA × 2

(1/2X$^{BD}$×0,4) + 1/2Aa × 1/2 X$^{BD}$× 0,1X$^{BD}$= 1/8

→Trong tổng số ruồi cái có kiểu hình trội về 3 tính trạng ở F$_{1}$, số ruồi có 5 allele trội chiếm:

1/8 : 3/8 = 1/3

C

A. Sai.

Vì đây là gene ti thể UAA không phải là codon kết thúc.

B. Sai.

Vì vật chất di truyền trong tế bào chất của hợp tử nhận từ trứng của mẹ.

C. Đúng.

Vì mạch 5’ TCATATGTACGATCGCAT 3’vừa có chứa triplet mở đầu 3’TAC 5’ và vừa chứa triplet kết thúc 3’ACT 5’không thể làm mạch gốc của đoạn gene --> mạch 3’ AGTATACATGCTAGCGTA 5’ là mạch mã gốc.

D. Sai.

Vì Trên mỗi mRNA có thể có nhiều bộ ba AUG nhưng chỉ có 1 bộ ba AUG đầu tiên phía đầu 5’ làm nhiệm vụ mở đầu dịch mã. Các bộ ba AUG tiếp theo mã hóa amino acid bình thường.

a/ Gene N có 2 allele N, n, allele N trội hoàn toàn so với n nên có 2 kiểu hình.

Gene I có 3 allele I$^{A}$, I$^{B}$ và I$^{0}$ tạo ra trong quần thể 4 kiểu hình nhóm máu.

Vậy 2 gene tạo ra tối đa 8 kiểu hình về 2 tính trạng này nên ý a đúng

b/ I$_{1}$: nI$^{A}$/nI$^{B}$ x I$_{2}$: nI$^{0}$/nI$^{0}$

→ II$_{1}$ máu B có KG : nI$^{B}$/nI$^{0}$

ð II$_{1}$ máu B có KG : nI$^{B}$/nI$^{0}$ giảm phân cho 2 loại giao tử nên ý b đúng

c/ I$_{3}$: NI$^{A}$/-I$^{-}$ = 5KG (1ĐH, 2DH 1 gene và 2 DH 2 gene) nên ý c đúng

d/ II$_{1}$: nI$^{B}$/nI$^{0}$ x II$_{2}$ KG : NI$^{A}$/nI$^{0}$

G: ½ nI$^{B:}$½ nI$^{0}$ NI$^{A}$ = nI$^{0}$ = 0,45

NI$^{0}$ = nI$^{A}$ = 0,05

→ con: N-I$^{B}$- = ½ (0,05) = 0,025 = 2.5% nên ý d đúng

a. Đúng

b. Sai. Vì trong quần thể tự phối tỉ lệ đồng hợp tăng, dị hợp giảm.

c. Sai. Do quần thể tự thụ phấn nên tần số allele không thay đổi qua các thế hệ:

Tần số allele A là P$_{A}$ = 0,1 + 0,2 : 2 + 0,3 : 2 = 0,35.

d. Đúng

- Quần thể sau 4 thế hệ tự phối tần số allele không thay đổi qua các thế hệ:

+ Tần số allele A = 0,5

+ Tần số allele a = 0,5

- Quần thể ngẫu phối ở thế hệ thứ 5 thì cấu trúc di truyền là: 0,25AA + 0,5Aa + 0.5aa.

a. Đúng.

b. Sai. Thể đột biến IV là thể tứ bội, thể tứ bội có thể được hình thành khi hợp tử nguyên phân, tất cả các NST nhân đôi nhưng không phân li. .

c. Đúng. Thể đột biến II và III là các thể đột biến lệch bội nên được dùng để xác định vị trí của gene nằm trên NST đột biến.

d. Đúng. Gene N là gene nằm trong ti thể hoặc lục lạp nên có cấu trúc DNA mạch vòng, số liên kết phosphodieste nối giữa các nucleotide chính bằng số nucleotide.

a) Plasmid Z là phân tử DNA tái tổ hợp. Ý a đúng

b) Enzyme giới hạn S có tác dụng phân cắt liên kết phosphodiester giữa các nucleotide. Ý b đúng

c) Plasmid Z có kích thước 6350 cặp nucleotide.

Plasmid Z có kích thước 5184 cặp nucleotide = vùng mã hóa gene M + Plasmid T

→ Plasmid T: 3978 bp
→ Gene M chèn vào: 1700 bp
→ Tổng: 3978 + 1700 = 5678 bp nên ý c sai

d) Nếu plasmid Z bị cắt bằng enzyme giới hạn S

thì tạo ra 2 đoạn DNA khác nhau → khi đó sẽ tạo ra vùng mã hóa gene M và plasmid T rời ra, 2 đoạn DNA này có nguồn gốc, kích thước khác nhau nên ý d đúng

Đáp án:

Có 1 cơ chế di truyền không xảy ra trong nhân: Cơ chế dịch mã.

Giải thích: P-Q- : tím

P-qq: Vàng

ppQ- và ppqq: trắng

Người ta cho các cây hoa màu trắng thuần chùng lai với cây hoa màu vàng thuần chủng, thu được F1 100% cây hoa màu tím (P-Q-)

→ P. PPqq x ppQQ → F1: PpQq

F1 x F1: PpQq x PpQq

F2: P-qq = ¾.1/4 = 3/16 = 18,75% = 0,19

Đáp án: 2005

ATG và TAG lần lượt là mã mở đầu và mã kết thúc của gene → mạch này là mạch mang mã

→ mạch khuôn: TAC ……… ATC ………ATC

+ Một đột biến thay thế cặp nucleotide làm biến đổi bộ ba CAG/GTC thành TAG/ATC Làm xuất hiện mã kết thúc sớm và làm số lượng amino acid của chuỗi polypeptide hoàn chỉnh bị giảm 431 amino acid.

→ Số bộ ba của gene ban đầu (vùng mã hóa) = 3300/3 = 1100

→ Số bộ ba của gene đột biến (vùng mã hóa) = 1100 – 431 = 669

→ vị trí cặp nucleotide xảy ra đột biến = 669x3 – 2 = 2005

Hướng dẫn giải

Xét sự phân li của từng tính trạng

Chiều dài lông: 3 lông dài : 1 lông ngắn → Aa x Aa

Tỉ lệ phân li kiểu hình không đều ở hai giới, tính trạng lặn chỉ biểu hiện ở gà mái → gene lặn nằm trên NST X.

Màu sắc lông : 3 lông đen : 1 lông ngắn → Bb x Bb

Tỉ lệ phân li kiểu hình không đều ở hai giới, tính trạng lặn chỉ biểu hiện nhiều ở gà mái → gene lặn nằm trên NST X

Hai gene liên kết với nhau cùng nằm trên NST giới tính X

Ta có:

Gà trống lông dài màu đen 100% → nhận X$^{AB}$ từ gà mái nên gà mái có kiểu gene X$^{AB}$Y

Gà mái có TLKG: 0,4 X$^{AB}$Y ; 0,4 X$^{ab}$Y ; 0,1 X$^{Ab}$Y ; 0,1 X$^{aB}$Y

Tần số hoán vị gene của gà trống F1 là: 0,1 + 0,1 = 0,2 = 20%

- Xét bệnh A, người 10 không mang allele gây bệnh, mà sinh con trai (16) bị bệnh → gene gây bệnh nhận từ mẹ, mà người mẹ bình thường → Gene gây bệnh là gene lặn trên NST X, không có allele tương ứng trên Y.

Quy ước: A: không bị bệnh A, a: bị bệnh A.

- Xét bệnh B: Bố mẹ (5,6) bình thường sinh con gái bị bệnh → Bệnh do gene lặn trên NST thường quy định.

Quy ước: B: không bị bệnh B, b: bị bệnh B.

Xác suất sinh con trai đầu lòng không bị bệnh A và không bị bệnh B của cặp 12 - 13

- Người 12 có anh trai là 11 mắc bệnh B → có kiểu gene X$^{A}$Y(1BB:2Bb)

- Người 13:

+ Xét người số 7: (3) X$^{A}$YBb × (4) X$^{A}$X$^{a}$Bb người 7: (1X$^{A}$X$^{A}$:1X$^{A}$X$^{a}$)(1BB:2Bb)

+ Người số 8: X$^{A}$YBb.

Xét cặp vợ chồng 7 – 8: (1X$^{A}$X$^{A}$:1X$^{A}$X$^{a}$)(1BB:2Bb) × X$^{A}$YBb ↔ (3X$^{A}$:1X$^{a}$)(2B:1b) × (1X$^{A}$:Y)(1B:1b)

Người 13: (3X$^{A}$X$^{A}$: 1X$^{A}$X$^{a}$)(2BB:3Bb)

Xét cặp vợ chồng 12 – 13: X$^{A}$Y(1BB:2Bb) × (3X$^{A}$X$^{A}$: 1X$^{A}$X$^{a}$)(2BB:3Bb) ↔ (1X$^{A}$:1Y)(2B:1b) × (7X$^{A}$:1X$^{a}$)(7B:3b)

Xác suất sinh con trai đầu lòng bị bệnh A và bệnh B:

$\frac{1}{2}$Y × $\frac{1}{8}{X}^{a}$ × ($\frac{1}{2}$ b × $\frac{1}{10}$ b) = $\frac{1}{160}$ = 6,25%