Đề thi HSG Sinh học 12 THPT Đặng Thai Mai (Thanh Hóa) có đáp án

Đáp án:

a đúng: Di truyền tế bào chất liên quan đến gen nằm trong ty thể hoặc lục lạp, không nằm trên nhiễm sắc thể trong nhân. Vì tế bào chất của hợp tử chủ yếu có nguồn gốc từ trứng (từ mẹ), nên các gen tế bào chất được truyền theo dòng mẹ.

b. sai; Đột biến ở ty thể không luôn biểu hiện ở tất cả các thế hệ vì có thể tồn tại heteroplasmy (cùng tồn tại ty thể bình thường và đột biến trong cùng tế bào). Ngoài ra, ngưỡng biểu hiện khác nhau dẫn đến biểu hiện bệnh có thể mạnh, yếu, hoặc không có ở đời con.

c. Đúng: Ở Mirabilis jalapa, màu lá hoặc hoa phụ thuộc vào kiểu lục lạp trong tế bào chất mẹ. Lục lạp được truyền qua tế bào trứng, nên cây con có màu hoa giống mẹ. Đây là bằng chứng điển hình cho di truyền tế bào chất ở thực vật

d Sai: Nếu mẹ homoplasmic (tất cả ty thể đột biến), tất cả con sẽ mang đột biến (đúng). Tuy nhiên, chỉ con gái mới truyền tiếp cho thế hệ sau, vì ty thể được truyền theo mẹ. Con trai không truyền bệnh ty thể cho con của mình. Do đó, kết luận “cả con trai lẫn con gái đều truyền” là sai. (→ mức vận dụng).

Đáp án:

Ta có: 5’ – ...CTA TT(1) AT(2) AA(3) C(4)T CCA TAA CTA G... – 3’ (mạch bổ sung)

3’ – ...GAT AA... TA... TT... G... A GGT ATT GAT C... – 5’ (mạch khuôn)

5’ – ...CUA UU(1’) AU(2’) AA(3’) C(4’)U CCA UAA CUA G... – 3’ (mạch RNA)

→ Để thỏa mãn bảng số lượng amino acid và đặc điểm ba chuỗi polypeptide X, Y và Z thì các vị trí (1), (2), (3) và (4) lần lượt là A, G, T và C.

5’ – ...CUA UUA AUG AAU CCU CCA UAA CUA G... – 3’ (mạch RNA x)

Chuỗi X Leu Leu fMet Asn Pro Pro KT → Có 1 Asn, 1 fMet và 2 Pro.

5’ – ...CUA UUA AUG AAU CCU CCA AAC UAG... – 3’ (mạch RNA y)

Chuỗi Y Leu Leu fMet Asn Pro Pro Asn KT → Có 2 Asn, 1 fMet và 2 Pro.

5’ – ...CUA UUA AUG AAU CCU CCA AAA UAG... – 3’ (mạch RNA z)

Chuỗi Z Leu Leu fMet Asn Pro Pro Lys KT → Có 1 Asn, 1 fMet, 1 Lys và 2 Pro.

→ Amino acid loại (M) là Asn.

a) Sai.

Thứ tự sắp xếp các nucleotide bị khuyết theo thứ tự vị trí (1), (2), (3) và (4) là A, G, T và C.

b) Sai.

Hai amino aicd (M) trong chuỗi polypeptide Y được quy định bởi hai loại bộ mã di truyền là AAU và AAC.

c) Đúng.

d) Sai.

Đáp án: a – đúng, b – sai, c – đúng, d – sai

a) đúng vì Tỉ lệ các base bổ sung giữa mạch đơn I và mạch đơn II gần như bằng nhau (AI = TII ~ 19%, TI = AII ~ 24%, GI = CII ~ 26%, CI = GII ~ 31%)

b) sai vì mạch đơn I và mRNA từ hỗn hợp A gần như giống nhau nên mạch đơn I là mạch bổ sung còn mạch II là mạch mã gốc.

d) sai vì cả 3 loại base U, G, C của mRNA từ hỗn hợp C đều bị giảm so với hỗn hợp A, chỉ có duy nhất base loại A tăng mạnh (từ 19% lên 36%), điều này chứng tỏ các nucleotide loại A đã được gắn thêm vào mRNA sau quá trình phiên mã.

Đáp án:

a) Đ Tần số các allele A và a của quần thể I tính theo lý thuyết là

(0,125+0,125) + (0,25 + 0,25)/2 = 0,5

b) S Quần thể I ở trạng thái cân bằng với p=0,5, q=0,5;

Tần số kiểu gene của cả đực và cái đều là: 0,25AA: 0,5Aa: 0,25aa

c) Đ Tần số allele a ở giới cái là 0,4; ở giới đực là 0,3 nên tỉ lệ cá thể con có lông đen

aa là = 0,4. 0,3 = 0,12

d) S Các cá thể cùng màu giao phối với nhau

(0,25AA: 0,5Aa) x (0,25AA: 0,5Aa) ; 0,25aa x 0,25aa

0,75 (1AA: 2Aa) x (1AA:2Aa) ; 0,25 (aa x aa)

Vậy aa = 0,75 . 2/3. 2/3. 1/4 + 0,25 = 1/3 = 33,33%

Đáp án

a)Đ

b) sai vì do kiểu gene quyết định

c) Đ

d) Sai vì bố mẹ không di truyền cho con tính trạng hình thành sẵn.

ĐA: 124

* Hướng dẫn giải

Lactose đã kích hoạt tế bào tổng hợp đồng thời cả ba enzyme b-galactosidase (số 1), enzyme permease (số 2) và enzyme transacetylase (số 4).

Đáp án: 25

Gọi x = số con bị chết

® Lông ngắn, mềm nếu không chết ở giai đoạn phôi = 65 + x

Ta có A-B- = 0,5 + aabb = 0,5 + (65 + x) => (330-65-x)/(330+65+x+30+30)=50%

x = 25.

Đáp án:

Ta có F$_{1}$: 9:6:1 → có hiện tượng tương tác 2 gene không alelle.
Tính trạng biểu hiện khác nhau ở 2 giới → 1 gene trên nhiễm sắc thể X. Giả sử gen B nằm trên X
P: AAX$^{B}$X$^{B}$ × aaX$^{b}$Y
F$_{1}$: 1AaX$^{B}$X$^{b}$ : 1AaX$^{B}$Y.
Cho F$_{1}$ giao phối ngẫu nhiên: AaX$^{B}$X$^{b}$ × AaX$^{B}$Y

→ F$_{2}$: (1AA : 2Aaa : 1aa)( 1X$^{B}$X$^{B}$ : 1X$^{B}$X$^{b}$ : 1X$^{B}$Y : 1X$^{b}$Y).
→ A-B- : đen; A-bb và aaB- : vàng; aabb: trắng.
Các con lông đen ở F$_{2}$: (1AA : 2Aa)(1X$^{B}$X$^{B}$ : 1X$^{B}$X$^{b}$ : 1X$^{B}$Y) Cho giao phối với nhau:

(1AA : 2Aa)(1X$^{B}$X$^{B}$ : 1 X$^{B}$X$^{b}$ ) x (1AA : 2Aa)X$^{B}$Y.
Xét từng cặp: (1AA : 2Aa) ↔ (2A:1a) → F$_{3}$: aa =1/9 ; A- = 8/9
(1X$^{B}$X$^{B}$:1X$^{B}$X$^{b}$) x X$^{B}$Y
(3X$^{B}$: 1X$^{b}$)×(1X$^{B}$:1Y) → F$_{3}$: bb = 1/4 × 1/2 = 1/8; B- = 7/8
Tỉ lệ phân li màu sắc lông là: (8/9A-: 1/9aa) (7/8B- : 1/8bb) = 56 con lông đen : 15 con lông vàng : 1 con lông trắng

Vậy ở F3 lông đen chiếm tỉ lệ 77,8%

Đáp án: 78,8

- Xét bệnh A, người 10 không mang allele gây bệnh, mà sinh con trai (16) bị bệnh → gene gây bệnh nhận từ mẹ, mà người mẹ bình thường → Gene gây bệnh là gene lặn trên NST X, không có allele tương ứng trên Y.

Quy ước: A: không bị bệnh A, a: bị bệnh A.

- Xét bệnh B: Bố mẹ (5,6) bình thường sinh con gái bị bệnh → Bệnh do gene lặn trên NST thường quy định.

Quy ước: B: không bị bệnh B, b: bị bệnh B.

Xét bệnh A:

- Người 12 có kiểu gene X$^{A}$Y

- Người số (3) có kiểu gene là X$^{a}$Y nên người số 7 có kiểu gene là : X$^{A}$X$^{a}$ ; Người số 8: X$^{A}$Y => người số 13 có kiểu gene là: (1X$^{A}$X$^{A}$: 1X$^{A}$X$^{a}$)

Vậy khả năng sinh con không bị bệnh A của cặp vợ chồng 12 (X$^{A}$Y) x 13(1X$^{A}$X$^{A}$: 1X$^{A}$X$^{a}$) là 1- 1/8 = 7/8

- Xét bệnh B:

+ Người 11 có kiểu gene bb => cặp vợ chồng 5 x 6 là Bb x Bb => kiểu gene của người 12 là 1BB: 2Bb

+ Người số 9 có kiểu gene bb nên cặp vợ chồng 3 x 4 có kiểu gene là Bb x Bb => người số 7 có kiểu gene là 1BB: 2Bb

=>Xét cặp vợ chồng 7 – 8: (1BB:2Bb) × Bb ↔ (2B:1b) × (1B:1b) => Kiểu gene của người 13 là 2BB: 3Bb

Vậy khả năng sinh con bị bệnh B của cặp vợ chồng 12 – 13: (1BB:2Bb) × (2BB:3Bb) là 1/3 x 3/10 = 1/10 => khả năng sinh con không bị bệnh B là 9/10

Xác suất sinh con đầu lòng không bị bệnh của cặp vợ chồng 12 x 13 là 7/8 x 9/10 = 63/80 = 78,8%