Đề tham khảo ôn thi HSG Sinh học 12 có đáp án - Đề 6

Chọn B

Sinh vật được tạo ra nhờ ứng dụng của tạo giống bằng lai hữu tính là: Giống lúa LYP9

Giống lúa PR23 Giống ca cao CCN51 Cá chép V1

Vịt pha ngan

Chọn A

Với trình tự nhận biết đặc trưng của enzyme cắt giới hạn thì đoạn gene cần chuyển là đoạn được đánh dấu:

Mạch 1: 5’ T A G G C A T T G G A T A G G C A T A C G 3’ Mạch 2: 3’ A T C C G T A G C C T A T C C G T A T G C 5’

Chọn D

I. Đúng. Ở thí nghiệm thứ nhất, trong lần tái bản thứ nhất, RNA được bắt đầu ở đầu 5' của mỗi sợi mới tổng hợp do RNA mồi liên kết bổ sung với đầu 3' của mỗi sợi đơn DNA khuôn mạch thẳng.

II. Đúng. Trong lần tái bản thứ 2 ở thí nghiệm thứ nhất, RNA mồi ở đầu 5' không sử dụng làm khuôn để tổng hợp sợi mới nên kích thước DNA mới tổng hợp ngắn hơn sợi đơn DNA làm khuôn ban đầu. Vì vậy, tạo nên DNA có kích thước ngắn hơn DNA làm khuôn ban đầu.

III. Đúng. Ở thí nghiệm 2, DNA polimerase vừa có hoạt tính kéo dài mạch (DNA) theo chiều 5'-> 3' và vừa có hoạt tính loại bỏ mồi theo chiều 5'-3'.

IV. Đúng. Ở thí nghiệm 2, do cấu trúc DNA mạch vòng nên AND polymerase đang tổng hợp sợi mới sẽ gặp đầu 5' của RNA mồi (bổ sung với sợi khuôn) nên có thể loại bỏ RNA mồi và tổng hợp DNA thay thế. Vì vậy tạo DNA mạch vòng gồm các sợi mới tổng hợp và sợi làm khuôn có kích thước giống nhau.

Đáp án B

I đúng: khi mỗi tế bào thuộc 1 trường hợp sau:

TH1: TB không hoán vị giảm phân tạo: AX$^{DE}$: aY$^{de}$ TH2: TB không hoán vị giảm phân tạo: aX$^{DE}$: AY$^{de}$

TH3: TB hoán vị giảm phân tạo: AX$^{DE}$: aY$^{de}$: AX$^{dE}$: aY$^{De}$ hoặc AY$^{de}$: AY$^{De}$: aX$^{DE}$: aX$^{dE}$ hoặc AX$^{DE}$: aY$^{de}$: AX$^{De}$: aY$^{dE}$ hoặc AY$^{de}$: AY$^{dE}$: aX$^{DE}$: aX$^{De}$

II đúng, trong trường hợp 2 tế bào không có HVG giảm phân tạo 2 loại giao tử với tỷ lệ 4:4; tế bào có HVG tạo giao tử với tỷ lệ 1:1:1:1

III sai, cơ thể tạo ra tối đa 12 loại giao tử. (A: a) (X$^{DE}$: Y$^{de}$: X$^{dE}$: Y$^{De}$: X$^{De}$: Y$^{dE}$)

IV đúng, Để tạo ra 8 loại giao tử hoán vị cần tối thiểu 4 tế bào giảm phân.

- I đúng, phép lai 2 dòng chuột béo phì cho F1 có 100% chuột bình thường chứng minh rằng hành vi ăn uống điều độ do ít nhất 2 gene tương tác bổ sung quy định; trong đó có 1 gene mã hóa leptin và gene còn lại mã hóa thụ thể leptin. Mỗi dòng 1 hoặc 2 khi lai dòng dại đều cho con 100% bình thường, F2 đều có 3 bình thường : 1 béo phì chứng tỏ các đột biến này là do đột biến lặn bị mất chức năng.

- II sai, khi dòng 1 truyền tế bào gốc cho dòng 2, chuột dòng 2 không đổi khối lượng chứng tỏ chuột này đã nhận máu có leptin dòng 1 có khả năng sản xuất leptin nhưng không sản xuất được thụ thể; còn dòng 2 sản xuất được thụ thể nhưng không sản xuất được leptin.

- III sai, dòng dại có khả năng sản xuất leptin, còn dòng 1 không có thụ thể; dòng 2 có thụ thể nên khi dòng dại truyền tế bào gốc, chỉ có dòng 2 không tăng cân; còn dòng 1 vẫn tăng cân.

- IV đúng, giả sử dòng 1 là (AA, bb) và dòng 2 là (aa, BB); lúc này F1 là (Aa, Bb); cho nên khi F1 giao phối với nhau thì đời con có A-B- (bình thường) chiếm hơn 50%.

Có 2 phát biểu đúng, đó là II và IV. → Đáp án D.

- F$_{1}$ của 2 phép lai đều có 100% thân cao → thân cao (A) trội hoàn toàn so với thân thấp (a); P đều thuần chủng AA × aa → F$_{1}$ 100%Aa.

- Ở phép lai 1, F$_{1}$ có 100% cây hoa đỏ giống cây làm mẹ. Ở phép lai 2, F$_{1}$ có 100% cây hoa trắng giống cây làm mẹ.

→ Màu sắc hoa do gene nằm trong tế bào chất quy định. Giả sử B quy định hoa có màu đỏ; allele b quy định hoa màu trắng.

→ Kiểu gene F$_{1}$ của phép lai 1 là AaB; Kiểu gene F$_{1}$ của phép lai 2 là Aab.

I sai. Nếu cho F$_{1}$ của phép lai 1 giao phối ngẫu nhiên sẽ thu được đời con 100% hoa đỏ.

II đúng. Nếu cho F$_{1}$ (Aab) của phép lai 2 giao phối ngẫu nhiên sẽ thu được đời con có tỉ lệ 3 cây thân cao, hoa trắng : 1 cây thân thấp, hoa trắng. → Cây thân thấp, hoa trắng chiếm 25%.

III sai. Nếu cho cây F$_{1}$ của phép lai 1 thụ phấn cho cây F$_{1}$ của phép lai 2 sẽ thu được đời con 100% hoa trắng.

IV đúng. Vì nếu F$_{1}$ là ♀ AaB × ♂Aab → F$_{2}$ sẽ có tỉ lệ 1/4AAB : 2/4AaB : 1/4aaB. Cây thân cao, hoa đỏ chiếm 75%.

- Nếu dịch mã bắt đầu từ 1 bộ ba khởi đầu bởi G thì trình tự dịch mã là GUA - GUA - GUA - GUA... Trường hợp này tạo ra 1 loại chuỗi polypeptide có 1 loại amino acid.

- Nếu dịch mã bắt đầu từ 1 bộ ba khởi đầu bởi U thì trình tự dịch mã là UAG - UAG - UAG - UAG ... Trường hợp này không tổng hợp được chuỗi polypeptide vì UAG là mã kết thúc.

- Nếu dịch mã bắt đầu từ 1 bộ ba khởi đầu bởi A thì trình tự dịch mã là AGU - AGU - AGU - AGU... Trường hợp này tạo ra 1 loại chuỗi polypeptide có 1 loại amino acid (khác với trường hợp đầu tiên).

Phân tích:

- Bố mẹ bình thường nhưng con gái bị bệnh → bệnh do allele lặn quy định.

- Người số (3) bị bệnh và chỉ tồn tại mỗi đoạn 23kb → Người số (3) mang 2 đoạn 23kb đều chứa allele gây bệnh.

- Người số (1) có một đoạn 23kb mang allele gây bệnh (cho người số (3)) và một đoạn 19kb

mang allele bình thường → người bố bình thường → gene liên quan đến tính trạng này nằm trên nhiễm sắc thể thường.

- Người số (2) có hai đoạn 23kb nhưng mà có một đoạn 23kb mang allele gây bệnh và một đoạn 23kb mang allele bình thường → người mẹ bình thường.

- Người (?) có một đoạn 23kb có thể mang allele bình thường hoặc allele gây bệnh (nhận từ mẹ) và một đoạn 19kb mang allele bình thường (nhận từ bố) → người (?) bình thường.

Đáp án: Đ Đ S Đ

Thấy rằng, trong quãng thời gian sốc nhiệt, mRNA loại I tăng chậm và sau đó tăng lên nhanh ở giai đoạn phục hồi, đạt đỉnh ở 10h kể từ khi thí nghiệm; trong khi đó mRNA loại II tăng lên nhanh trong giai đoạn sốc nhiệt và đạt đỉnh ở 6h (cuối thời điểm sốc nhiệt); còn mRNA loại III được phiên mã ở mức độ thấp ở giai đoạn phục hồi.

mRNA loại I mã hóa protein chủ yếu đóng vai trò phục hồi các protein biến tính do sốc nhiệt; mRNA loại II mã hóa protein chủ yếu bảo vệ protein bị biến tính và mRNA loại III nhiều khả năng mã hóa protein có vai trò giống loại I, nhưng sản phẩm có mức độ ít chứng tỏ phổ hoạt động của loại III là nhỏ hơn I (chỉ sửa chữa 1 số loại protein nhất định nên tế bào cần lượng ít).

a, b đúng và c sai.

- d đúng, Gene mã hoá mRNAIII chịu ảnh hưởng của nhiệt độ ít hơn gene mã hoá mRNAI và mRNAII .

Nội dung

Đúng

Sai

- Dựa vào phép lai P1, P3, P5 => các tính trạng hoa đỏ, lá bầu dục, thân mềm trội hoàn toàn so với các tính trạng hoa trắng, lá tròn, thân cứng.

- P₄: Hoa đỏ, lá bầu dục tự thụ phấn --> F1-4: Thu được hoa đỏ, lá bầu dục chiếm 66% => là dấu hiệu của hoán vị gene

Hoa đỏ, lá bầu dục chiếm 66% --> hoa trắng, lá tròn = 16% => tần số hoán vị gene f= 20% => locut gene (B,b) và locut gene (C,c) quy định tính trạng màu hoa và hình dạng lá nằm trên NST và di truyền hoán vị gene

- Quy ước: B quy định hoa đỏ, b quy định hoa trắng

C quy định lá bầu dục, c quy định lá tròn

- P4 có thể có kiểu gene: BC

bc

- Dựa vào phép lai P6 --> Tính trạng độ cứng thân do locut gene trên NST chứa các gene D,E,F (một trong 3 locut D, d; E,e; F,f) quy định, các gene còn lại trên NST này quy định hormone xác định giới tính ở thực vật.

- Quy ước: D quy định thân mềm, d quy định thân cứng.

- Các gene quy định tính trạng màu hoa và hình dạng lá di truyền hoán vị gene, đồng thời chúng

phân li độc lập với gene quy định tính trạng độ cứng thân.

a. Đáp án: S Đ Đ S

-a sai, khi xóa vùng B thì mức độ biểu hiện của gene chỉ thị GFP mạnh hơn bình thường chứng tỏ trình tự nucleotid ở vùng B nhiều khả năng là nơi tương tác với các yếu tố ức chế hoạt động của gene insulin, chứ không phải vùng ức chế dịch mã mRNA ( vùng B không thuộc vị trí phiên mã – tức vùng B không có mặt trong mRNA).

-b,c đúng, khi vùng C bị xóa thì sự biểu hiện gene GFP giảm mạnh chỉ còn 20%; còn xóa vùng A, D thì sự biểu hiện của gene GFP chỉ giảm khoảng 5%

-d sai, trong tế bào gan thì gene insulin không được biểu hiện.

Đáp án: 2143.

Kéo dài chuỗi polypeptide:

- tRNA 4 tiến đến và liên kết với ribosome ở vị trí A.

- Giữa 2 amino acid 3 và 4 hình thành liên kết peptide.

- Khi đó tRNA 3 mang amino acid ở vị trí E, sau đó tRNA 3 tách khỏi và đi ra khỏi ribosome.

Đáp án: 3.

- Khi so sánh lần lượt các allele với allele α, thấy rằng:

+ Allele β và γ khác ở một vị trí nên 2 allele này nhiều khả năng là các allele trực tiếp đột biến điểm từ α;

+ Allele 𝜎 và 𝜖 đều ở 2 vị trí khác nên cả 2 allele này không phải là allele trực tiếp đột biến điểm từ α.

- Tiếp tục so sánh 𝜎 với β và γ, thấy rằng 𝜎 khác β ở 2 vị trí và khác γ ở 1 vị trí, do đó nhiều khả năng 𝜎 đột biến trực tiếp từ γ. Tương tự, thấy rằng 𝜖 khác β ở 2 vị trí và khác γ ở 1 vị trí, tức nhiều khả năng cả 2 allele 𝜎 và 𝜖 đều đột biến trực tiếp từ γ.

Đáp án: 4,2.

- Nếu chỉ dùng HindIII + EcoRI thì ta không quan tâm sự có mặt của PstI, lúc này các

đoạn giới hạn được tạo ra gồm 1,2 + 2,2 + 1,7 kbp.4,2

- Tương tự, ta "xóa" HindIII nếu chỉ sử dụng EcoRI + PstI sẽ thấy tạo ra các đoạn giới hạn gồm 0,9 + 4,2 kbp; và xóa "EcoRI" nếu chỉ sử dụng HindIII và PstI sẽ thấy tạo ra các đoạn giới hạn gồm 0,8 + 1,2 + 3,1 kbp.

Đáp án: 0,31.

Phép lai 1 cho tỉ lệ 2 : 1 : 1 → màu nâu, đen và vàng đều là allele của một gene ở bọ bột. Phép lai 2-4 cho thấy tỷ lệ 9 : 3 : 3 : 1 đã được biến đổi, cho thấy có ít nhất hai gene có liên quan. Những phép lai đó cũng chỉ ra rằng sự hiện diện của màu sắc chiếm ưu thế so với sự vắng mặt của nó. Hơn nữa, phải liên quan đến hiện tượng tương tác át chế lặn để có một tỷ lệ 9 : 3 : 3 : 1 được biến đổi.

Bằng cách xem xét F1 của các phép lai 1, có thể xác định các mối quan hệ trội về allele

sau: đen> nâu> vàng. Quy ước: Bl = đen > Br = nâu > By = vàng.

F2 của các phép lai 2-4, màu trắng là do cc. Có màu do có C-.

Đáp án: 20%.

- Xét tính trạng màu lông, ở F1 tỉ lệ kiểu hình: Đen : xám : trắng = 2 : 1: 1

Þ Gene quy định tính trạng có 3 allele, di truyền theo quy luật trội hoàn toàn.

Đáp án: 37,5%

Bệnh do gene lặn quy định vì theo kết quả điện di những người bị bệnh số 2,5,7 có 1 băng

=> kiểu gene đồng hợp; người bình thường có 2 băng => kiểu gen dị hợp

-Gene quy định tính trạng nằm trên NST thường vì người nam đều có 2 băng ó mang 2 allele của một gene

- Kiểu gen: Quy ước gene A: bình thường; a: bị bệnh

Người số 2,5,7 là aa; người còn lại Aa

- 10 và 11 đều có kiểu gene Aa => F ¾ bình thường; ¼ bị bệnh

Xácsuấtsinhcontraibìnhthường=¾.1/2=3/8=37,5%