Đề minh họa tốt nghiệp THPT môn Vật lý có đáp án năm 2025 (Đề 26)

Chọn C

Lượng nhiệt cung cấp cho không khí được tính theo công thức: Q=P⋅t⋅η

Thay số vào: Q=500⋅7200⋅0,9=3.240.000 J=3,24 MJ

Chọn A

Độ tăng nhiệt độ của không khí được tính theo công thức: $\Delta T = \frac{Q}{{mc}} = \frac{{3240000}}{{50.1005}} = 64{,}4778$(K)

Chọn C

Theo định luật Charles, với thể tích không đổi, áp suất khí tỷ lệ thuận với nhiệt độ tuyệt đối:

$\frac{{{p_1}}}{{{T_1}}} = \frac{{{p_2}}}{{{T_2}}} \Rightarrow \frac{{{p_2}}}{{{p_1}}} = \frac{{{T_2}}}{{{T_1}}} = \frac{{1450 + 273}}{{293}} \approx 5{,}88$

Chọn A

$${p_1}{V_1} = {p_2}{V_2} \Leftrightarrow \left( {100.1000.240} \right) = \left( {{{10}^5} + \frac{F}{{{{24.10}^{ - 4}}}}} \right).(240 - 24.2) \Rightarrow F = 60N$$

Chọn C

Sóng điện từ có khả năng lan truyền trong nhiều môi trường, bao gồm cả chân không và các môi trường vật chất như chất khí, chất lỏng và chất rắn. Trong chân không, sóng điện từ truyền với tốc độ lớn nhất, khoảng 3×10$^{8}$ m/s.

Chọn B

Stato là phần cố định, chứa các cuộn dây. Khi từ trường rôto biến thiên qua cuộn dây của stato, suất điện động cảm ứng sẽ xuất hiện trong các cuộn dây.

Chọn A

Theo hiện tượng cảm ứng điện từ, suất điện động cảm ứng xuất hiện khi từ trường qua cuộn dây biến thiên theo thời gian. Đây chính là nguyên tắc hoạt động của máy phát điện xoay chiều

Chọn B

Lực từ tác dụng lên cạnh AM có điểm đặt tại trung điểm A M và theo quy tắc bàn tay trái nó có hướng từ ngoài vào trong và có độ lớn:

${F_{AM}} = BI.AM.\sin {90^0} = 0,{08.5.3.10^{ - 3}} = 1,{2.10^{ - 3}}N$.

Chọn C

Trong lĩnh vực an ninh, tia X được sử dụng để quét hành lý và phát hiện các vật thể bên trong nhờ vào khả năng đâm xuyên qua các vật liệu khác nhau. Những vật liệu có mật độ khác nhau sẽ hấp thụ tia X ở mức độ khác nhau, từ đó tạo ra hình ảnh để phân tích.

Chọn B

Số neutron trong hạt nhân được tính theo công thức N=A−Z, trong đó:

A=60 (số khối của ${}_{27}^{60}Co$); Z=27 (số proton của ${}_{27}^{60}Co$)
Do đó, N=60−27=33N

Sai.

Số phân tử khí N trong thí nghiệm là cố định (không thay đổi). Áp suất thay đổi do sự gia tăng nhiệt độ, không phải do tăng số lượng phân tử khí. Theo phương trình Clapeyron khí lý tưởng, N không thay đổi trong thí nghiệm này.

Sai.

$\frac{{{p_1}}}{{{T_1}}} = \frac{{{p_2}}}{{{T_2}}} \Leftrightarrow \frac{1}{{300}} = \frac{{{p_2}}}{{54 + 273}} \Rightarrow {p_2} = 1{,}09{\rm{ a}}tm$

a) ĐÚNG. Điện tích của ion là dương, q = 1,6.10$^{-19}$ C.

b) SAI.

Ta áp dụng công thức: $\frac{1}{2}m{v^2} = qU \Rightarrow v = \sqrt {\frac{{2qU}}{m}} = \sqrt {\frac{{2 \cdot 1{,}6 \times {{10}^{ - 19}} \cdot 200}}{{3{,}2 \times {{10}^{ - 26}}}}} = \sqrt 2 \times {10^5}(m/s)$

Bán kính ${\rm{r}} = \frac{{mv}}{{qB}} = \frac{{3{,}2 \times {{10}^{26}} \cdot \sqrt 2 \times {{10}^5}}}{{1{,}6 \times {{10}^{ - 19}} \cdot 0{,}5}} = \approx 0{,}0564(m) = 5{,}64(cm)$

c) SAI.

Chu kỳ chuyển động của ion trong từ trường $T = \frac{{2\pi m}}{{qB}} = \frac{{2\pi \cdot (3{,}2 \times {{10}^{ - 26}})}}{{(1{,}6 \times {{10}^{ - 19}}) \cdot 0{,}5}} \approx 3{,}14 \times {10^{ - 7}}(s)$

d) ĐÚNG.

Tốc độ của ion mới: $\frac{1}{2}m{v^2} = qU \Rightarrow v = \sqrt {\frac{{2qU}}{{m'}}} = \sqrt {\frac{{2 \cdot 1{,}6 \times {{10}^{ - 19}} \cdot 200}}{{6{,}4 \times {{10}^{ - 26}}}}} = \sqrt {{{10}^9}} (m/s)$

Bán kính ${\rm{r'}} = \frac{{mv'}}{{qB}} = \frac{{3{,}2 \times {{10}^{ - 26}} \cdot \sqrt {{{10}^9}} }}{{1{,}6 \times {{10}^{ - 19}} \cdot 0{,}5}} \approx 0{,}0127(m) = 1{,}27(cm)$

a) ĐÚNG.

Khi ta cấp nhiệt, khí nở ra đẩy piston đi lên.

b) SAI.

Sau 10s, nhiệt lượng cấp cho hệ là Q = P.t = 500J. Sai vì hiệu suất của hệ là 80% nên hệ chỉ nhận 400J.

c) ĐÚNG.

Khi nắp piston dịch chuyển được 5 cm, khí có áp suất 111430 Pa. Khí đã thực hiện một công A = p.∆V = 55,715 J.

d) ĐÚNG.

** ***Nội năng của khí tăng ∆U = A + Q = 334,285 J.*

a) SAI .

Tia α mang điện tích dương nên bị lệch về phía bản kim loại nhiễm điện âm.

b) ĐÚNG.

$T = \frac{{\ln 2}}{\lambda } = 1,{58.10^5}$ngày .

c) SAI .

${H_0} = \lambda .{N_0} = 15,{9.10^3}Bq$

d) SAI .

$H = {H_0}.{e^{ - \lambda t}} = 97{,}6\% {H_0}$

Xét trạng thái 1 là m(kg) khí ở chân núi ở điều kiện tiêu chuẩn và trạng thái 2 là m(kg) khí ở đỉnh núi ở 18$^{0}$C.

$\frac{{{p_1}{V_1}}}{{{T_1}}} = \frac{{{p_2}{V_2}}}{{{T_2}}} \Leftrightarrow \frac{{\left( {760 - 89{,}6.1} \right)\frac{m}{{{\rho _1}}}}}{{273 + 18}} = \frac{{760.\frac{m}{{1{,}29}}}}{{273}} \Rightarrow \frac{{670{,}4}}{{291{\rho _1}}} = \frac{{760}}{{273.1{,}29}} \Rightarrow {\rho _1} \approx 1{,}07(kg/{m^3})$

Áp dụng định luật Charles:

$\frac{{{p_1}}}{{{T_1}}} = \frac{{{p_2}}}{{{T_2}}} \Leftrightarrow \frac{{670{,}4}}{{273 + 18}} = \frac{{{p_2}}}{{273 + 25}} \Rightarrow \Rightarrow {p_2} \approx 687(mmHg)$

Công suất P và điện áp hiệu dụng U được liên hệ với tổng trở Z = R của dây dẫn theo công thức:

$I = \frac{P}{U} = 0{,}05{\rm{A}}$

Năng lượng có ích: ${A_i} = {2000.10^6}.365.86400 = 6,{3072.10^{16}}J$.

Vì hiệu suất nhà máy là 30% nên năng lượng toàn phần cần sử dụng trong một năm là:

${A_{tp}} = \frac{{{A_i}}}{{0{,}3}} = 2,{1024.10^{17}}J$

Số hạt ${}_{92}^{235}U$ cần dùng: $N = \frac{{{A_{tp}}}}{{200.1,{{6.10}^{ - 13}}}} = 6,{57.10^{27}}$(hạt).

Khối lượng cần dùng: $m = \frac{N}{{{N_A}.{A_U}}} = \frac{{6,{{57.10}^{27}}}}{{6,{{02.10}^{23}}.235}} = 46{,}44(g)$.