Đề minh họa tốt nghiệp THPT môn Vật lý có đáp án năm 2025 (Đề 24)

Chọn A

Nhiệt lượng cần thiết để làm tan hết viên nước đá

$Q = \lambda m = 3,{4.10^5}.0{,}05 = 17000\left( J \right)$

Thời gian để tan hết viên nước đá là:

$t = \frac{Q}{P} = \frac{{17000}}{{28{,}3}} \simeq 601s.$

Chọn A

Nhiệt độ phòng thấp trong khi nhiệt độ cơ thể duy trì ở nhiệt đô 37$^{o}$C. Chênh lệch nhiệt độ lớn nên quá trình bay hơi diễn ra nhanh hơn.

Chọn C

Quá trình biến đổi từ trạng thái (1) sang trạng thái (1’) là quá trình đẳng nhiệt.

${T_1} = {T_1}'$ => D đúng

Quá trình (1’) sang (2) là quá trình đẳng tích V$_{1}$’ = V$_{2}$ => B đúng

Ta có

$\frac{{p'}}{{{T_{1'}}}} = \frac{{{p_2}}}{{{T_2}}}$

Mà T$_{1}$’ = T$_{1}$ do đó ta suy ra

$\frac{{p'}}{{{T_1}}} = \frac{{{p_2}}}{{{T_2}}}$ => A đúng

Do đó từ trạng thái (1) sang trạng thái (2) không phải quá trình đẳng tích.

Vậy $\frac{{{p_1}}}{{{T_1}}} = \frac{{{p_2}}}{{{T_2}}}$là đáp án sai.

Chọn A

Lực tác dụng lên hạt proton như hình vẽ.

Do đó lực từ tác dụng lên hạt proton kéo hạt chuyển động lại gần dòng điện.

Chọn A

Từ trường trong lòng ống dây là từ trường đều có độ lớn cảm ứng từ tính theo công thức:

$B = 4\pi {.10^{ - 7}}\frac{N}{l}I$

Trong đó tỉ số $n = \frac{N}{l}$là mật độ vòng dây cuốn, bằng với số vòng dây cuốn trên 1m chiều dài ống dây.

Nếu ống dây được cuốn bằng sợi dây có đường kính d(m), các vòng dây cuốn sát nhau thì mật độ vòng dây cuốn được tính bằng:

$n = \frac{N}{l} = \frac{1}{d}$

Hay $B = 4\pi {.10^{ - 7}}.\frac{1}{d}.I = 12,{6.10^{ - 3}}T = 12{,}6mT$

Chọn A

Sóng có bước sóng **${\lambda _1} = 0{,}5m$ *là sóng cực ngắn. Sóng cực ngắn dùng trong thông tin vệ tinh.***

Chọn A

Ta có ${e_{cu}} = - \frac{{\Delta \Phi }}{{\Delta t}} = - \frac{{\frac{{BS}}{2} - BS}}{{0{,}5}} = BS.$

Chọn D

Độ nghiêng đồ thị càng lớn thì suất điện động có độ lớn càng lớn.

Chọn D

Năng lượng liên kết riêng là $\frac{{{{\rm{W}}_{lk}}}}{A} = \frac{{1784}}{{235}}MeV$/nuclôn $\approx$7,59 MeV/nuclôn.

Chọn B

Khối lượng đã phân rã được tính theo công thức: $\Delta m = {m_0}.\left( {1 - {2^{ - \frac{t}{T}}}} \right) = 3g$

a) Đúng

b) Sai

Cùng một thể tích, nhiệt độ t$_{23}$ > t$_{41}$ nên áp suất p$_{23}$ > p$_{41}$.

c) Đúng

Áp dụng công thức: $\frac{{{p_0}{V_0}}}{{{T_0}}} = \frac{{{p_1}{V_1}}}{{{T_1}}}$ ta tính được p$_{1}$ = 2,2 atm.

Áp dụng công thức: $\frac{{{p_0}{V_0}}}{{{T_0}}} = \frac{{{p_3}{V_3}}}{{{T_3}}}$ ta tính được p$_{3}$ = 2,4 atm.

d) Đúng

Công thực hiện trong một chu trình A = A$_{23}$ + A$_{41}$; Hai chu trình 12 và 34 đẳng tích nên ${A_{12}} = {A_{34}} = 0$.

$$A = {A_{23}} + {A_{41}} = {p_3}\left( {{V_3} - {V_2}} \right) + {p_1}\left( {{V_1} - {V_4}} \right)$$

Mặt khác: ${V_2} = {V_1};{V_4} = {V_3}$

Suy ra: $A' = \left( {{p_3} - {p_1}} \right)\left( {{V_3} - {V_1}} \right) = \left( {2{,}4 - 2{,}2} \right).1,{013.10^5}.\left( {3{,}6 - 2} \right){.10^{ - 3}} = 12{,}156J$

a) Đúng

Từ thông qua khung dây bếp từ biến thiên sinh ra dòng điện cảm ứng trong đáy nồi.

b) Đúng

Khung dây bếp từ sinh ra từ trường đóng vai trò là phần ứng.

c) Sai

Do hiện tượng cảm ứng điện từ, dòng điện cảm ứng sẽ được sinh ra ở đáy nồi.

d) Đúng

Do đó đáy nồi đóng vai trò là phần ứng.

a) Sai

Khối lượng nước trong lát thịt là 0,25.0,7 = 0,175 kg.

b) Đúng

Nhiệt lượng nấu chín lát thịt là Q = L.m = 966000 J = 0,966 MJ.

c) Đúng

Điện năng của bếp để nấu chín lát thịt là 0,966 : 0,8 = 1,2 MJ.

d) Đúng

Thời gian nấu $t = \frac{A}{P} = \frac{{1.200.000}}{{1200}} \simeq 17$(phút)

a) Sai

${}_6^{14}C$ phân rã càng nhiều thì khối lượng còn lại càng nhỏ. Tuổi cổ vật càng lớn.

b) Sai

T là chu kỳ bán rã, t là tuổi của cổ vật.

c) Đúng

$\lambda = \frac{{\ln 2}}{T} = \frac{{\ln 2}}{{5730.365.24.3600}} \simeq 3,{8.10^{ - 12}}\left( {{s^{ - 1}}} \right)$.

d) Đúng

$N = {N_0}{.2^{ - \frac{t}{T}}}\; \Leftrightarrow \;\frac{{{N_0}}}{3} = {N_0}{.2^{ - \frac{t}{{5730}}}} = > t \simeq 9082$(năm).

Cường độ tín hiệu tại M là: $I = \frac{P}{{4\pi {r^2}}} = \frac{{10000}}{{4\pi {{.50000}^2}}} \simeq 0,{318.10^{ - 6}}\left( {W/{m^2}} \right)$

Công suất mà máy thu thu được là: ${P_{thu}} = I.{S_{anten}} = 0,{318.10^{ - 6}}.0{,}4 \simeq 0,{126.10^{ - 6}}\left( W \right)$

Kết quả cho thấy công suất khá nhỏ. Do đó trong các máy thu phải có bộ khuếch đại để khuếch đại cường độ tín hiệu thu được.

Hằng số phân rã phóng xạ: $\lambda = \frac{{\ln 2}}{T}$

Độ phóng xạ: $H = \lambda .N = \frac{{\ln 2}}{T}N = > N = \frac{{H.T}}{{\ln 2}}$

Số hạt nhân ${}_{}^{222}Ra$chứa trong 1m$^{3}$ không khí là N$_{1m}$$^{3}$ = $\frac{{N.1}}{{{{40.10}^{ - 6}}}} \simeq 2,{37.10^{10}}$(hạt/m$^{3}$)

Khi nhỏ được 150 giọt thì nhiệt độ của nhiệt lượng kế là 60$^{o}$C

Thời gian là 150/60 = 2,5 phút

Dựa vào đồ thị, khi chưa nhỏ giọt nước nóng nào thì nhiệt độ trong nhiệt lượng kế là t$_{0}$ = 30$^{o}$C

Gọi m$_{0}$; t lần lượt là khối lượng (tính theo gam) của nước trong nhiệt lượng kế ban đầu và nhiệt độ của mỗi giọt nước nóng.

Ta có phương trình cân bằng nhiệt: ${m_0}c\left( {{t_{cb}} - {t_0}} \right) + N.1.c\left( {{t_{cb}} - t} \right) = 0$

Rút gọn c; và thay t$_{0}$ = 30$^{o}$C

TH1: N = 50 giọt; t$_{cb}$ = 44$^{o}$C ta có phương trình: 14m$_{0}$ – 50t = - 2200

TH2: N = 150 giọt; t$_{cb}$ = 60$^{o}$C ta có phương trình: 30m$_{0}$ – 150t = - 9000

Giải HPT được m$_{0}$ = 200 gam và t = 100$^{o}$C

Năng lượng liên kết riêng của hạt nhân là

$\varepsilon = \frac{{{E_{lk}}}}{A} \simeq 6{,}52Mev/nuclon$