Đề minh họa tốt nghiệp THPT môn Vật lý có đáp án năm 2025 (Đề 21)

Chọn D

So với ban đầu, vì khối khi nhận nhiệt lượng nên nhiệt độ khối khí tăng, các phân tử khí chuyển động nhiệt nhanh hơn. Khối khí giãn nở thực hiện công làm thể tích khối khí tăng lên, mật độ khí tương ứng giảm đi.

Chọn A

Áp dụng phương trình trạng thái khí lí tưởng cho cùng một lượng chất trước và sau khi qua máy lạnh

$$\frac{{{p_l}.{V_l}}}{{{p_n}.{V_n}}} = \frac{{nR{T_l}}}{{nR{T_n}}} < = > \frac{{8{,}65.8}}{{80.1}} = \frac{{273 + a}}{{273 + 60}} = > a \simeq {15^0}C$$

Chọn D

Theo định luật Charles cho quá trình đẳng áp, thể tích của một khối khí xác định tỉ lệ thuận với nhiệt độ tuyệt đối.

$\frac{{{V_1}}}{{{V_2}}} = \frac{{{T_1}}}{{{T_2}}} = > {V_1}{T_2} = {V_2}{T_1}$

Chọn C

Áp dụng phương trình trạng thái khí lí tưởng, trong đó: ${V_2} = \frac{8}{{10}}V;{p_2} = \frac{{11}}{{10}}p;{T_2} = T - 30$

$$\frac{{{p_1}{V_1}}}{{{p_2}{V_2}}} = \frac{{{T_1}}}{{{T_2}}} = > T = 250K = - {23^0}C$$

Các thành phần điện trường và từ trường của sóng điện từ biến thiên cùng pha.

Chọn B

Chọn B

Khi khung dây chuyển động theo hướng 2, mật độ đường sức tăng, từ thông tăng. Vec tơ càm ứng từ của dòng điện cảm ứng ${\overrightarrow B _c}$ ngược chiều với $\overrightarrow B$. Theo quy tắc nắm tay phải, dòng điện cảm ứng ngược chiều điện kim đồng hồ.

Chọn A

Suất điện động cực đại được tính theo công thức

${E_0} = NBS\omega = 250.0{,}02.\frac{{50}}{{10000}}.\frac{{3000.2\pi }}{{60}} = 7{,}85V$

Chọn C

Vì mật độ đường sức của lúc sau gấp hai lần mặt độ đường sức lúc đầu. Do đó B$_{2}$ = 2B$_{1}$

Dòng điện có chiều và đọ lớn không đổi. Vậy khi B tăng 2 lần thì F tăng 2 lần. F$_{2}$ = 2F$_{1}$

Cạnh của khung dây là a = 1m.

Phần diện tích di chuyển vào trong vùng từ trường sau thời gian t là

$\Delta S = a.vt = 1.10t = 10t$(m$^{2}$)

Suất điện động cảm ứng xuất hiện trong khung dây:

$\xi = \frac{{B.\Delta S.\cos {0^0}}}{t} = \frac{{0{,}1.10t.1}}{t} = 1V$

Cường độ dòng điện xuất hiện trong khung là

$I = \frac{\xi }{R} = \frac{1}{2} = 0{,}5\left( A \right)$

Chọn B

Chọn C

Số proton = 11; Số neutron = 23 – 11 = 12. Hiệu số proton và neutron = 11 – 12 = - 1.

Chọn C

Áp dụng công thức %còn lại = 100%.2$^{-t/T}$ = 100.2$^{-38{,}1/12{,}7}$ (%) = 12,5%

=> Giảm 100% - 12,5% = 87,5%

Chọn B

Năng lượng tỏa ra của phản ứng: $E = \left( {{m_D} + {m_p} - {m_{He}}} \right).931{,}5 \simeq 5{,}48\left( {MeV} \right)$

Động năng trung bình của chuyển động nhiệt:

$K = \frac{3}{2}kT = \frac{3}{2}.1,{38.10^{ - 23}}.\left( {273 + 13,{{6.10}^6}} \right);\left( {1,{{6.10}^{ - 13}}} \right) \simeq 0{,}0018\left( {MeV} \right)$

Phần trăm động năng hạt nhân $_2^3He$ so với năng lượng phản ứng tỏa ra là:

0,0018/5,48.100% = 0,033%

a) Sai

Vì nhiệt độ của ly nước đá đá thấp nên nhiệt độ không khí xung quanh ly nước đá giảm xuống dưới điểm sương. Khi đó hơi nước trong không khí sẽ bị ngưng tụ lại thành giọt và bám quanh ly nước đá.

b) Đúng

Khi hơi nước ngưng tụ sẽ tỏa nhiệt ra môi trường xung quanh và năng lượng này truyền vào ly nước đá làm nước đá trong ly cà phê tan nhanh.

c) Đúng

Khi nước đá trong ly tan hết, các giọt mồ hôi trên ly hấp thụ nhiệt độ môi trường và bay hơi. Lượng mồ hôi này giảm dần.

d) Đúng

Q nước đá = Q mồ hôi

L$_{m}$.m $_{nước đá}$ = L$_{v}$. m $_{hơi nước}$ => m $_{nước đá}$ = 54 gam.

Sai

a) Khi bọt khí nổi lên, thể tích tăng nhưng số phân tử khí không đổi. Do đó số mol khí không đổi.

Sai

Áp suất ổ dưới đáy biển được tính theo công thức:

$p = {p_0} + \rho gh = 101300 + 1200.10.200 = 2501300\left( {Pa} \right)$

Sai

Nhiệt độ chênh lệch 26$^{0}$K

Áp dụng phương trình trạng thái khí lí tưởng ta được:

$\frac{{{p_2}{V_2}}}{{{p_1}{V_1}}} = \frac{{nR{T_2}}}{{nR{T_1}}} = > {V_2} = {V_1}.\frac{{{p_1}}}{{{p_2}}}.\frac{{{T_2}}}{{{T_1}}} = 27\left( {c{m^3}} \right)$

Đúng

a) Sai

a) Khi khung dây chuyển động ra xa, từ thông $\Phi$tăng lên, véctơ cảm ứng từ của dòng điện cảm ứng ${\overrightarrow B _c}$ngược chiều vectơ cảm ứng từ $\overrightarrow B$. Do đó dòng điện cảm ứng qua khung dây theo chiều ngược chiều kim đồng hồ.

b) Đúng

Từ thông qua khung dây tăng lên do sự biến thiên của diện tích khung dây.

$\Delta \Phi = B.\Delta S.\cos {0^0} = B.\left( {{l_0}.vt + \frac{1}{2}{{\left( {vt} \right)}^2}} \right).1$

$\Delta \Phi = B{l_0}v.t + \frac{1}{2}{B_0}{v^2}.{t^2}$

c) Sai

Suất điện động qua khung dây: $\xi = - \frac{{\Delta \Phi }}{t} = - B{l_0}vt - \frac{1}{2}B{v^2}t = - 0{,}2 - 0{,}2t$

d) Đúng

Cường độ dòng điện qua khung dây: $I = \frac{\xi }{R} = - 0{,}1 - 0{,}1t = - 0{,}1 - 0{,}1.10 = - 1{,}1\left( A \right)$

Đúng

Hằng số phân rã là $\lambda = \frac{{\ln 2}}{T} = \frac{{\ln 2}}{{3{,}82.24.3600}} \simeq 2,{1.10^{ - 6}}$(s$^{-1}$).

Áp dụng công thức $H = \lambda .N \simeq 24\left( {Bq/{m^3}} \right)$

Sai

Độ phóng xạ nhỏ hơn mức giới hạn (24 Bq/m$^{3}$ < 150 Bq/m$^{3}$) nên nồng độ khí radon tại Bình Dương ở mức an toàn.

Sai

Đúng

Năng lượng của phản ứng: $E = \left( {{m_{Rn}} - {m_{He}} - {m_X}} \right).931\left( {MeV} \right) = 5{,}587\left( {MeV} \right)$

Quá trình biến đổi trạng thái từ trạng thái (1) sang trạng thái (2) là quá trình đẳng áp p$_{1}$ = p$_{2}$ = 1.10$^{5}$Pa.

Công mà khối khí thực hiện: A$_{12}$ = p(V$_{2}$ – V$_{1}$) = 10$^{5}$(25 – 12,5).10$^{-3}$ = 1250 (J).

Quá trình biến đổi từ trạng thái (1) sang trạng thái (2) là quá trình đẳng áp:

$\frac{{{V_2}}}{{{T_2}}} = \frac{{{V_1}}}{{{T_1}}} \Rightarrow$T$_{2}$ = 600 K.

Quá trình biến đổi từ trạng thái (2) sang trạng thái (3) là quá trình đẳng tích:

$\frac{{{p_3}}}{{{T_3}}} = \frac{{{p_2}}}{{{T_2}}} \Rightarrow$T$_{3}$ = 840 K

Nhiệt độ ở trạng thái (3) là 567 $^{o}$C

Khi hạt mang điện chuyển động vuông góc với đường sức từ trường, bán kính quỹ đạo được tính theo công thức:

Vì hạt mang điện tích dương nên hạt X là hạt Positron.

Suất điện động cảm ứng xuất hiện trong khung dây có độ lớn:

$\xi = \left| {\frac{{N\left( {B - {B_0}} \right)S.\cos \alpha }}{{\Delta t}}} \right| = \left| {\frac{{10\left( {0 - 2{,}4} \right){{.10}^{ - 3}}.25/10000.\cos \left( 0 \right)}}{{0{,}4 - 0}}} \right| = 0{,}15mV$

Khối lượng Po bị phân rã tính theo công thức:

$\Delta m = {m_0}\left( {1 - {2^{ - \frac{t}{T}}}} \right) < = > 63 = {m_0}.\left( {1 - {2^{ - \frac{{2T}}{T}}}} \right) = > {m_0} = 84mg$

Khối lượng hạt nhân con tạo thành được tính theo công thức: ${m_{con}} = \frac{{{A_{con}}}}{{{A_{Me}}}}.\left( {1 - {2^{ - \frac{t}{T}}}} \right)$

Sau t = 2T khối lượng hạt nhân chì Pb được tạo thành là: 61,8mg

Sau t = 2T khối lượng hạt nhân chì Pb được tạo thành là: 72,1mg

Khối lượng chì Pb được tạo thành trong khoảng thời gian 2T đến 3T là: 72,1 – 61,8 = 10,3mg

Số hạt nhân U$_{235}$ trong 1kg: N = $\frac{{{N_A}m}}{\mu }$ = $\frac{{6{,}023,{{10}^{23}}.1}}{{0{,}235}}$ = 25,63.10$^{23}$

Năng lượng tỏa ra khi phân hạch hết 1 kg U$_{235}$ là: E = 200.N = 5,12.10$^{26}$MeV.