Bộ 5 đề thi Cuối kì 1 Toán 8 Chân trời sáng tạo cấu trúc mới có đáp án - Đề 3

Ta có $2{x^2}y{\left( {2{y^3}} \right)^2} = 2{x^2}y \cdot 4{y^6} = 8{x^2}{y^7}.$

Đơn thức trên có bậc là $2 + 7 = 9.$

Vậy đơn thức $2{x^2}y{\left( {2{y^3}} \right)^2}$ có bậc là 9.

Đáp án đúng là: C

Phân thức có tử thức là $2x - 1$ và mẫu thức là ${x^2} - 1\,,$ là $\frac{{2x - 1}}{{{x^2} - 1}}.$

Đáp án đúng là: B

Số cạnh bên của hình chóp tam giác đều là 3.

Số cạnh đáy của hình chóp tam giác đều là 3.

Tổng số cạnh bên và cạnh đáy của hình chóp tam giác đều là: $3 + 3 = 6.$

Diện tích xung quanh của hình chóp đều bằng tích nửa chu vi đáy và trung đoạn:

${S_{xq}} = \frac{1}{2} \cdot C \cdot d.$

Ta có: ${29^2} = 841$ và ${20^2} + {21^2} = 400 + 441 = 841.$

Do đó ${20^2} + {21^2} = {29^2}$ nên bộ ba độ dài $21\;\;{\rm{dm}};\,\,20\;\;{\rm{dm;}}\,\,29\;\;{\rm{dm}}$ là độ dài ba cạnh của tam giác vuông.

Tứ giác có 4 cạnh bằng nhau là hình thoi.

Tứ giác có 4 góc bằng nhau là hình chữ nhật.

Tứ giác có 4 cạnh bằng nhau và 4 góc bằng nhau là hình vuông.

Tứ giác có hai đường chéo bằng nhau không phải là hình bình hành.

Đáp án đúng là: B

Theo biểu đồ số học sinh của câu lạc bộ bóng bàn là $7 + 9 = 16$ (học sinh)

Mà mỗi câu lạc bộ có 15 học sinh nên dữ liệu thống kê của câu lạc bộ bóng bàn không chính xác.

Tỉ số phần trăm số lượt hành khách vận chuyển bằng đường bộ ở Khánh Hòa năm 2020 so với năm 2019 là: $\frac{{19{,}1}}{{58{,}8}} \cdot 100\% \approx 32{,}5\%$.

Vậy năm 2020 số lượt hành khách vận chuyển bằng đường bộ ở Khánh Hòa giảm khoảng $100\% - 32{,}5\% = 67{,}5\%$ so với năm 2019.

Hướng dẫn giải

Đáp án:

a) Đúng.

b) Sai.

c) Sai.

d) Đúng.

⦁ Ta có $G = \left( {7{x^5}{y^4}{z^3} - 3{x^4}y{z^2} + 2{x^2}{y^2}z} \right):{x^2}yz$

$$= 7{x^5}{y^4}{z^3}:{x^2}yz - 3{x^4}y{z^2}:{x^2}yz + 2{x^2}{y^2}z:{x^2}yz$$

$= 7{x^3}{y^3}{z^2} - 3{x^2}z + 2y$.

Đa thức $G$ có bậc là 8. Do đó ý a) đúng.

⦁ Thay $x = 1\,;\,\,y = - 1\,;\,\,z = 1$ vào biểu thức $G$, ta có:

$G = 7 \cdot {1^3} \cdot {\left( { - 1} \right)^3} \cdot {1^2} - 3 \cdot {1^2} \cdot 1 + 2 \cdot \left( { - 1} \right) = - 7 - 3 - 2 = - 12.$

Vậy với $x = 1\,;\,\,y = - 1\,;\,\,z = 1$ thì $G = - 12$. Do đó ý b) sai.

⦁ Ta có $A + 14{x^3}{y^3}{z^2} - 6{x^2}z + 2y = G$ hay $A + 14{x^3}{y^3}{z^2} - 6{x^2}z + 2y = 7{x^3}{y^3}{z^2} - 3{x^2}z + 2y$

Suy ra $A = \left( {7{x^3}{y^3}{z^2} - 3{x^2}z + 2y} \right) - \left( {14{x^3}{y^3}{z^2} - 6{x^2}z + 2y} \right)$

$= 7{x^3}{y^3}{z^2} - 3{x^2}z + 2y - 14{x^3}{y^3}{z^2} + 6{x^2}z - 2y$

$= - 7{x^3}{y^3}{z^2} + 3{x^2}z$.

Khi đó, đa thức $A$ hạng tử tự do là 0. Do đó ý c) sai.

⦁ Ta có $A + G = \left( { - 7{x^3}{y^3}{z^2} + 3{x^2}z} \right) + \left( {7{x^3}{y^3}{z^2} - 3{x^2}z + 2y} \right)$

$$= - 7{x^3}{y^3}{z^2} + 3{x^2}z + 7{x^3}{y^3}{z^2} - 3{x^2}z + 2y$$

$= \left( { - 7{x^3}{y^3}{z^2} + 7{x^3}{y^3}{z^2}} \right) + \left( {3{x^2}z - 3{x^2}z} \right) + 2y$$= 2y$.

Như vậy, tổng của hai đa thức $A$ và $G$ là một đơn thức. Do đó ý d) đúng.

Hướng dẫn giải

Đáp án:

a) Sai.

b) Sai.

c) Đúng.

d) Đúng.

⦁ Do $E$ là trung điểm của $BC$ nên $BE = \frac{1}{2}BC$ hay $BC = 2BE.$

Vì $BC = 2AB$ và $BC = 2BE$ nên $AB = BE$. Do đó ý a) là sai.

⦁ Theo đề bài, tứ giác $ABCD$ là hình bình hành nên $AD = BC,\,\,AD\,{\rm{//}}\,BC$.

Vì $AD = BC$; $BE = \frac{1}{2}BC;\,AF = \frac{1}{2}AD$ (do $F$ là trung điểm của $AD)$ nên $BE = AF$.

Tứ giác $ABEF$ có $BE = AF$ (cmt) và $BE\,{\rm{//}}\,AF$ (vì $AD\,{\rm{//}}\,BC\,).$

Suy ra, tứ giác $ABEF$ là hình bình hành.

Hình bình hành $ABEF$ có $AB = BE$ nên $ABEF$ là hình thoi. Do đó ý b) sai.

⦁ Ta thấy $BD$ vừa là đường trung tuyến vừa là đường phân giác của tam giác $ADI$ nên tam giác $ADI$ cân tại $D$.

Tam giác $ADI$ cân tại $D$ có $\widehat {DAI} = 60^\circ$ nên tam giác $ADI$ là tam giác đều.

Suy ra $BD$ cũng là đường cao của tam giác $ADI$ nên $BD \bot BI$ hay $\widehat {DBI} = 90^\circ .$

Do đó ý c) đúng.

⦁ Vì tứ giác $ABCD$ là hình bình hành nên $AB = CD,\,\,AB\,{\rm{//}}\,CD$.

Vì $AB = CD$; $AB = BI$ (do $B$ là trung điểm của $AI)$ nên $BI = CD$.

Tứ giác $BICD$ có $BI\,{\rm{//}}\,CD$ (vì $AB\,{\rm{//}}\,CD$) và $BI = CD$ nên tứ giác $BICD$ là hình bình hành.

Hình bình hành $BICD$ có $\widehat {DBI} = 90^\circ$ nên tứ giác $BICD$ là hình chữ nhật.

Khi đó, $E$ là trung điểm của $DI$.

Ta có tam giác $ADI$ là tam giác đều có $AE$ là đường trung tuyến nên đồng thời là đường cao.

Do đó, $AE \bot DI$ hay $\widehat {AED} = 90^\circ$. Do đó ý d) đúng.

Hướng dẫn giải

Đáp số: $- {\bf{216}}$.

Ta có $M = {\left( {x + 3} \right)^3} - \left( {x + 9} \right)\left( {{x^2} + 27} \right)$

$$= {x^3} + 9{x^2} + 27x - 27 - \left( {{x^3} + 27x + 9{x^2} + 243} \right)$$

$= {x^3} + 9{x^2} + 27x + 27 - {x^3} - 27x - 9{x^2} - 243$

$= \left( {{x^3} - {x^3}} \right) + \left( {9{x^2} - 9{x^2}} \right) + \left( {27x - 27x} \right) - \left( {243 - 27} \right)$$= - 216$.

Vậy $M = - 216.$

Hướng dẫn giải

Đáp số: $- {\bf{5}}$.

Với $x \ne - 3\,;\,\,x \ne 3\,;\,\,x \ne - 1$, ta có:

$$S = \left( {\frac{x}{{x + 3}} - \frac{2}{{x - 3}} + \frac{{{x^2} - 1}}{{9 - {x^2}}}} \right):\left( {2 - \frac{{x + 5}}{{3 + x}}} \right)$$

$$= \left( {\frac{x}{{x + 3}} - \frac{2}{{x - 3}} - \frac{{{x^2} - 1}}{{{x^2} - 9}}} \right):\frac{{2\left( {3 + x} \right) - x + 5}}{{3 + x}}$$

$= \left[ {\frac{x}{{x + 3}} - \frac{2}{{x - 3}} - \frac{{{x^2} - 1}}{{\left( {x - 3} \right)\left( {x + 3} \right)}}} \right]:\frac{{6 + 2x - x + 5}}{{x + 3}}$

$= \left[ {\frac{x}{{x + 3}} - \frac{2}{{x - 3}} - \frac{{{x^2} - 1}}{{\left( {x - 3} \right)\left( {x + 3} \right)}}} \right]:\frac{{x + 1}}{{x + 3}}$

$= \frac{{x\left( {x - 3} \right) - 2\left( {x + 3} \right) - \left( {{x^2} - 1} \right)}}{{\left( {x - 3} \right)\left( {x + 3} \right)}}:\frac{{x + 1}}{{x + 3}}$

$= \frac{{{x^2} - 3x - 2x - 6 - {x^2} + 1}}{{\left( {x - 3} \right)\left( {x + 3} \right)}} \cdot \frac{{x + 3}}{{x + 1}}$

$$= \frac{{ - 5x - 5}}{{\left( {x - 3} \right)\left( {x + 3} \right)}} \cdot \frac{{x + 3}}{{x + 1}}$$

$$= \frac{{ - 5\left( {x + 1} \right)}}{{\left( {x - 3} \right)\left( {x + 1} \right)}} = \frac{{ - 5}}{{x - 3}}.$$

Vậy với $x \ne - 3\,;\,\,x \ne 3\,;\,\,x \ne - 1,$ sau khi rút gọn biểu thức $S$ ta được phân thức có tử thức bằng $- 5.$

Hướng dẫn giải

Đáp số: 73.

Thể tích của lọ nước hoa hình kim tự tháp là: ${V_1} = \frac{1}{3} \cdot {5^2} \cdot 10 = \frac{{250}}{3}\;\;\left( {{\rm{c}}{{\rm{m}}^3}} \right).$

Thể tích của nắp lọ nước hoa là: ${V_2} = \frac{1}{3} \cdot 2,{5^2} \cdot 5 = \frac{{125}}{{12}}\;\;\left( {{\rm{c}}{{\rm{m}}^3}} \right).$

Dung tích của lọ nước hoa đó là: $\frac{{250}}{3} - \frac{{125}}{{12}} \approx 73\;\;\left( {{\rm{c}}{{\rm{m}}^3}} \right) = 73\,\,\left( {{\rm{ml}}} \right)$.

Vậy dung tích của lọ nước hoa đó là $73\,\,{\rm{ml}}.$

Hướng dẫn giải

Đáp số: 35.

Xét tứ giác $MNPQ,$ ta có: $\widehat Q + \widehat {QMN} + \widehat N + \widehat {NPQ} = 360^\circ$ (tổng các góc của một tứ giác).

Suy ra $\widehat {NPQ} = 360^\circ - \left( {\widehat {QMN} + \widehat N + \widehat Q} \right) = 360^\circ - \left( {110^\circ + 120^\circ + 60^\circ } \right) = 70^\circ$.

Do $PM$ là tia phân giác của góc $NPQ$ nên ta có: $\widehat {MPQ} = \frac{{\widehat {NPQ}}}{2} = \frac{{70^\circ }}{2} = 35^\circ$.

Vậy số đo của $\widehat {MPQ}$ là $35^\circ$.

Hướng dẫn giải

a) Biểu đồ đã cho là biểu đồ đoạn thẳng.

Để thu được dữ liệu được biểu diễn ở biểu đồ trên, ta sử dụng phương pháp thu thập gián tiếp bằng cách truy cập website của Niên giám thống kê 2021.

b) Tỉ số phần trăm vốn sản xuất kinh doanh bình quân của doanh nghiệp nhà nước năm 2020 so với năm 2015 là: $\frac{{10\,\,284{,}2}}{{6\,\,944{,}9}} \cdot 100\% \approx 148{,}1\%$.

Vậy năm 2020 vốn sản xuất kinh doanh bình quân của doanh nghiệp nhà nước tăng khoảng $148{,}1\% - 100\% = 48{,}1\%$ so năm 2015.

c) Tổng tổng số vốn sản xuất kinh doanh bình quân của doanh nghiệp nhà nước trong các năm 2015; 1017; 2018; 2019 là:

$6\,\,944{,}9 + 9\,\,087{,}3 + 9\,\,465{,}6 + 9\,\,357{,}8 = 3\,\,4855{,}6$ (nghìn tỉ đồng).

Tỉ số phần trăm vốn sản xuất kinh doanh bình quân của doanh nghiệp nhà nước trong năm 2020 và tổng số vốn sản xuất kinh doanh bình quân của doanh nghiệp nhà nước trong các năm còn lại (các năm 2015; 1017; 2018; 2019) là:

$\frac{{1\,\,0284{,}2}}{{3\,\,4855{,}6}} \cdot 100\% \approx 0{,}3\%$.

Vậy tỉ số phần trăm vốn sản xuất kinh doanh bình quân của doanh nghiệp nhà nước trong năm 2020 và tổng số vốn sản xuất kinh doanh bình quân của doanh nghiệp nhà nước trong các năm còn lại khoảng $0{,}3\%$.

Hướng dẫn giải

a) Do $ME \bot AB$ tại $E$ nên $\widehat {MEA} = 90^\circ .$

Do $MF \bot AD$ tại $F$ nên $\widehat {MFA} = 90^\circ .$

Do $ABCD$ là hình vuông nên $\widehat {EAF} = 90^\circ .$

Tứ giác $AEMF$ có $\widehat {MFA} = \widehat {EAF} = \widehat {AEM} = 90^\circ$ nên $AEMF$ là hình chữ nhật.

b) Do $ABCD$ là hình vuông nên $BD$ là đường phân giác của $\widehat {ABC}.$

Do đó $\widehat {ABD} = 45^\circ$ suy ra $\Delta BEM$ vuông cân tại $E$ nên $BE = ME.$

Do $AEMF$ là hình chữ nhật nên $ME = AF$ nên $BE = AF.$

Chu vi của hình chữ nhật $AEMF$ là:

$$2\left( {AE + AF} \right) = 2\left( {AE + BE} \right) = 2AB.$$

Mà $AB$ không đổi nên chu vi của hình chữ nhật $AEMF$ không đổi.

Do đó, diện tích của tứ giác $AEMF$ lớn nhất khi $AEMF$ là hình vuông.

Suy ra $ME = MF.$

Khi đó $\Delta BEM = \Delta DFM$ (cạnh góc vuông – góc nhọn kề).

Suy ra $BM = DM$ hay $M$ là trung điểm của $BC.\,$

Vậy với $M$ là trung điểm của $BC$ thì diện tích của tứ giác $AEMF$ lớn nhất.

Hướng dẫn giải

Do $x + y + z = 0$ nên $\left\{ \begin{array}{l}x = - \left( {y + z} \right)\\y = - \left( {x + z} \right)\\z = - \left( {x + y} \right)\end{array} \right.$, suy ra $\left\{ \begin{array}{l}{x^2} = {\left( {y + z} \right)^2}\\{y^2} = {\left( {x + z} \right)^2}\\{z^2} = {\left( {x + y} \right)^2}\end{array} \right..$

Do $a + b + c = 0$ nên $\left\{ \begin{array}{l}b + c = - a\\c + a = - b\\a + b = - c\end{array} \right..$

Do $\frac{a}{x} + \frac{b}{y} + \frac{c}{z} = 0$ nên $\frac{{ayz + bxz + cxy}}{{xyz}} = 0$ suy ra $bxz + cxy + ayz = 0$.

Ta có: $a{x^2} + b{y^2} + c{z^2} = a{\left( {y + z} \right)^2} + b{\left( {x + z} \right)^2} + c{\left( {x + y} \right)^2}$

$= a{y^2} + 2ayz + a{z^2} + b{x^2} + 2bxz + b{z^2} + c{x^2} + 2cxy + c{y^2}$

$= \left( {b + c} \right){x^2} + \left( {a + c} \right){y^2} + \left( {a + b} \right){z^2} + 2\left( {bxz + cxy + ayz} \right)$

$= \left( {b + c} \right){x^2} + \left( {a + c} \right){y^2} + \left( {a + b} \right){z^2}$

$= \left( { - a} \right){x^2} + \left( { - b} \right){y^2} + \left( { - c} \right){z^2}$

Do đó $2\left( {a{x^2} + b{y^2} + c{z^2}} \right) = 0$ nên $a{x^2} + b{y^2} + c{z^2} = 0.$

Vậy $a{x^2} + b{y^2} + c{z^2} = 0.$

Do \ (x + y + z = 0 \) nênn \ (\ left \ {{\ start {mảng} {l} x SUY ra \ (\ left \ {\ start {mảng} {l} {x \ Phải)^2} \ end {mảng} \ phải ..