Bộ 3 đề thi cuối kì 2 Vật lí 11 Chân trời sáng tạo cấu trúc mới có đáp án - Đề 3

D

Tụ điện là hệ thống gồm hai vật dẫn đặt gần nhau và ngăn cách nhau bởi môi trường cách điện điện môi. Tụ điện dùng để chứa điện tích và có nhiệm vụ tích, phóng điện trong mạch.

A – đúng.

B – sai vì chiều dòng điện trong kim loại có chiều ngược chiều chuyền động động của của các electron tự do.

C – đúng.

D – đúng.

D

Điện trở $R = \frac{{\rho \ell }}{S} = \frac{{\rho \ell }}{{\frac{{\pi {d^2}}}{4}}}$ nên khi chiều dài và đường kính của một dây dẫn bằng đồng có tiết diện tròn được tăng lên gấp đôi thì điện trở của dây dẫn sẽ giảm đi 2 lần.

C

Điện trở của kim loại không đổi.

Điện trở của diode giảm.

A

Vì đoạn mạch gồm 2 điện trở mắc song song nên:

$\begin{array}{l}\frac{1}{{{R_{TM}}}} = \frac{1}{{{R_1}}} + \frac{1}{{{R_2}}} = \frac{1}{{100}} + \frac{1}{{300}} = \frac{1}{{75}}\\ = > {R_{TM}} = 75\Omega \end{array}$

A

$A = Fs\cos \alpha$. Khi điện tích dịch chuyển dọc theo một đường sức trong một điện trường đều, nếu giữ nguyên lực và quãng đường dịch chuyển tăng 4 lần thì công của lực điện trường tăng 4 lần.

D

Hai pin ghép nối tiếp với nhau thành bộ thì điện trở trong của bộ pin luôn lớn hơn điện trở trong của mỗi pin. Vì ${E_b} = {E_1} + {E_2}$

C

Đổi 5 phút =300 giây

Suất điện động của nguồn : $\xi = \frac{A}{q}$. Lượng điện tích dịch chuyển : $q = \frac{A}{\xi } = \frac{{360}}{6} = 60C$

Cường độ dòng điện chạy qua acquy là : $I = \frac{{\Delta q}}{{\Delta t}} = \frac{{60}}{{300}} = 0{,}2(A)$

C

Trong hóa đơn cho biết lượng điện tiêu thụ hết 272 số điện tức là 272 kW

C

A nhiễm điễn dương, hút B và đẩy C nên B nhiễm điện âm và C nhiễm điện dương C hút D nên D nhiễm điện âm.

C

$\alpha < {\rm{ }}{90^0}$thì A > 0; $\alpha > {\rm{ }}{90^0}$thì A < 0; $\alpha {\rm{ = }}{90^0}$thì A = 0; điện tích dịch chuyển dọc theo chiều một đường sức $\alpha = {\rm{ }}{0^0}$ thì A = F.s

B

Khi hiệu điện thế là U thì: $P = \frac{{{U^2}}}{R}$

Khi hiệu điện thế giảm đi n lần: $P' = \frac{{U{'^2}}}{R} = \frac{{{{(\frac{U}{n})}^2}}}{R} = \frac{{{U^2}}}{{{n^2}R}} = \frac{P}{{{n^2}}}$

Khi hiệu điện thế giảm n lần thì công suất tiêu thụ giảm ${n^2}$lần

Đúng

Tổng điện năng tiêu thụ của bình nước nóng được tính bằng tổng điện năng tiêu thụ trong mỗi buổi, rồi nhân với số buổi mỗi ngày, sau đó nhân với số ngày trong tuần, (3 kW×(2 giờ+3 giờ))×7 ngày = 105 kWh.

Sai

Tổng chi phí điện hàng tuần được tính bằng tổng điện năng tiêu thụ nhân với giá điện, 105 kWh×0.25 USD/kWh=26,25USD

Sai

Tổng năng lượng tiêu thụ hàng tuần có thể được tính bằng công thức: năng lượng tiêu thụ = tổng điện năng tiêu thụ / hiệu suất, 105 kWh/0.90=116,67 kWh

Đúng

Tổng khí thải CO2 được tính bằng tổng năng lượng tiêu thụ nhân với lượng khí thải CO2 sản sinh ra cho mỗi kWh điện, 105 kWh×0.6 kg CO2/kWh=63 kg.

Đúng

+ Mạch gồm ${R_1}{\rm{ nt}}\left( {\left( {{R_2}{\rm{ nt }}{R_3}} \right)//{R_5}} \right){\rm{ nt }}{R_4}.$

+ Ta có ${R_{23}} = {R_2} + {R_3} = 10{\rm{ }}\Omega ,{R_{235}} = \frac{{{R_{23}}{R_5}}}{{{R_{23}} + {R_5}}} = 5{\rm{ }}\Omega .$

+ Điện trở tương đương $R = {R_2} + {R_{235}} + {R_5} = 12{\rm{ }}\Omega .$

Đúng

Cường độ dòng điện mạch chính $I = {I_1} = {I_{235}} = {I_4} = \frac{{{U_{AB}}}}{R} = 2{\rm{ A}}{\rm{.}}$

Sai

Ta có ${U_{235}} = {U_{23}} = {U_5} = {I_{235}}{R_{235}} = 10{\rm{ V}}$

Đúng

Từ kết quả câu c, suy ra $\left\{ \begin{array}{l}{I_5} = \frac{{{U_5}}}{{{R_5}}} = 1{\rm{ A}}\\{I_{23}} = {I_2} = {I_3} = \frac{{{U_{23}}}}{{{R_{23}}}} = 1{\rm{ A}}{\rm{.}}\end{array} \right.$

Hiệu điện thế giữa bản dương với điểm chính giữa của 2 bản $U = E\frac{d}{2} = {60.20.10^{ - 2}} = 12{\rm{ }}V.$

Áp dụng định lý biến thiên động năng có:

$$\begin{array}{l}\,\frac{1}{2}mv_2^2 - \frac{1}{2}mv_1^2 = A = qU \Leftrightarrow \frac{1}{2}mv_2^2 - \frac{1}{2}m{.0^2} = {8.10^{ - 5}}.12 = 9,{6.10^{ - 4}} \Leftrightarrow \frac{1}{2}{.3.10^{ - 3}}.v_2^2 = 9,{6.10^{ - 4}}\\ \Rightarrow {v_2} = 0{,}8\,\,{\rm{m/s}}{\rm{.}}\end{array}$$

Gọi suất điện động và điện trở trong mỗi nguồn là và r nên suất điện động và điện trở trong của bộ nguồn tương ứng là 4E và 4r.

Áp dụng định luật Ohm ⇒$U = 4E - 4rI$ ta có đường biểu diễn U theo I là một đường thẳng.

Thay hai cặp điểm trên đồ thị, ta được: $\left\{ {\begin{array}{llllllllllllllllllll}{4{,}2 = 4E - 4r \cdot 0{,}5}\\{2{,}8 = 4E - 4r \cdot 1{,}0}\end{array}} \right.$

Giải ra ta được: $\left\{ \begin{array}{l}E = 1{,}4V\\\;r = 0{,}7\Omega \end{array} \right.$

Vậy E = 1,4V

Gọi ${\vec E_1},{\vec E_2},{\vec E_3}$ là vecto cường độ điện trường do các điện tích ${q_1},{q_2},{q_3}$ gây ra tại trọng tâm G.

Để ${\vec E_M} = \vec 0$thì ${\vec E_1} + {\vec E_2} + {\vec E_3} = \vec 0 \Leftrightarrow {\vec E_{12}} = - {\vec E_3}$

Nghĩa là $\left\{ \begin{array}{l}{E_{12}} = {E_3}\\{{\vec E}_{12}} \uparrow \downarrow {{\vec E}_3}\end{array} \right.$

Ta có$\left\{ \begin{array}{l}{E_1} = \frac{{k{q_1}}}{{O{A^2}}}\\{E_2} = \frac{{k{q_2}}}{{O{B^2}}}\end{array} \right.$

Mà $\left\{ \begin{array}{l}OA = OB = OC = \frac{{a\sqrt 3 }}{3}\\{q_1} = {q_2}\end{array} \right. \Rightarrow {E_1} = {E_2}$

Vì góc giữa ${\vec E_1},{\vec E_2}$là ${120^0}$ nên ${E_{12}} = \sqrt {E_1^2 + E_2^2 + 2E_1^{}{E_2}\cos {{120}^0}} = {E_1}$

Như vậy, để ${E_3} = {E_1}$ do tính đối xứng tâm nên ${q_3} = {q_1} = {4.10^{ - 9}}\,C$