Bộ 3 đề thi cuối kì 1 Vật lí 11 Kết nối tri thức cấu trúc mới (có tự luận) có đáp án - Đề 2

Đáp án đúng là: C

Phương trình dao động điều hòa: $x = A\cos \left( {\omega t + \varphi } \right)$

Ta có, pha dao động ở thời điểm t là: $\left( {\omega t + \varphi } \right)$

Đáp án đúng là A

Biên độ dao động: $A = \frac{L}{2} = 4\,\left( {cm} \right).$

Thay vào phương trình dao động:

$$x = A\cos \left( {\omega t + \varphi } \right) = 4\cos \left( {2\pi .0{,}25 + \frac{\pi }{3}} \right) = - 2\sqrt 3 \,\left( {cm} \right).$$

Đáp án đúng là D

Pha ban đầu của dao động điều hoà phụ thuộc vào cách chọn gốc thời gian và trục tọa độ.

Đáp án đúng là B.

Biên độ của dao động là: $A = \frac{L}{2} = \frac{{10}}{2} = 5(cm)$.

Đáp án đúng là C

Tốc độ truyền sóng phụ thuộc vào bản chất và nhiệt độ môi trường.

Đáp án đúng là B.

Ta có: $f = \frac{1}{T} = \frac{1}{{{{80.10}^{ - 3}}}} = 12{,}5(Hz)$

Đáp án đúng là C

- Khi vật đi qua vị trí $x = \pm \frac{A}{2}$:

$${{\rm{W}}_t} = \frac{1}{2}k{x^2} = \frac{1}{2}k{\left( { \pm \frac{A}{2}} \right)^2} = \frac{1}{4}.\frac{1}{2}k{A^2} = \frac{{\rm{W}}}{4} \Rightarrow {\rm{W}} = 4{W_t}$$

- Khi vật ở vị trí $x = \pm A\frac{{\sqrt 3 }}{2}$:

$${{\rm{W}}_t} = \frac{1}{2}k{x^2} = \frac{1}{2}k{\left( { \pm \frac{{A\sqrt 3 }}{2}} \right)^2} = \frac{3}{4}.\frac{1}{2}k{A^2} = \frac{{{\rm{3W}}}}{4} \Rightarrow {\rm{W}} = \frac{4}{3}{W_t}$$

Đáp án đúng là B

A – Đúng

B – Sai, vì sóng cơ không truyền được trong chân không.

C – Đúng

D – Đúng

Đáp án đúng là C

Sóng ngang là sóng trong đó các phần tử của môi trường dao động theo phương vuông góc với phương truyền sóng.

Đáp án đúng là A

Trong hiện tượng giao thoa sóng của hai nguồn kết hợp đồng pha, gọi ${d_1},{d_2}$ lần lượt là khoảng cách từ hai nguồn sóng đến điểm thuộc vùng giao thoa. Những điểm trong môi trường truyền sóng là cực đại giao thoa khi hiệu đường đi của sóng từ hai nguồn tới là: ${d_2}--{\rm{ }}{d_1} = {\rm{ }}k\lambda$với $k = 0, \pm 1, \pm 2...$

Đáp án đúng là A

Ta có, khoảng thời gian: $\Delta t = \frac{2}{3} = \frac{T}{2} + \frac{T}{6}$.

Vậy $\overline {{v_{max}}} = \frac{{2A + S_{\frac{T}{6}}^{max}}}{{\Delta t}} = \frac{{2A + 2A\sin \left( {\frac{{\omega T}}{{2.6}}} \right)}}{{\Delta t}} = \frac{{2.10 + 2.10\sin \left( {{{30}^0}} \right)}}{{\frac{2}{3}}} = 45$cm/s

a) Đúng

b) Sai, tia X được phát ra từ ống phát tia X.

c) Sai, tia X có tính chất đáng chú ý là khả năng đâm xuyên.

d) Sai, tia X được phát ra từ ống phát tia X.

Đáp án: a) Đúng; b) Sai; c) Sai; d) Sai.

a) Đúng.

b) Sai, vì biên độ của dao động cưỡng bức không chỉ phụ thuộc vào biên độ của lực cưỡng bức mà còn phụ thuộc cả vào độ chênh lệch giữa tần số của lực cưỡng bức và tần số riêng của hệ dao động.

c) Sai, vì biên độ của dao động cưỡng bức phụ thuộc vào lực cản môi trường.

d) Sai.

Đáp án: a) Đúng; b) Sai; c) Sai; d) Sai.

+ Hiệu quãng đường từ hai khe đến vân sáng bậc 4 là 2,4 μm, nghĩa là:

${d_2} - {d_2} = k\lambda \Leftrightarrow 2{,}4 = 4.\lambda \Leftrightarrow \lambda = 0{,}6{\rm{ }}\mu m$

+ Xét tại điểm M tỉ số: $\frac{{{d_2} - {d_1}}}{\lambda } = \frac{{1{,}5}}{{0{,}6}} = 2{,}5 = 2 + \frac{1}{2}$

⇒ Tại M là vân tối thứ 3.

Hai nguồn kết hợp cùng pha. Giữa M và trung trực có 2 dãy cực đại, đồng thời M là 1 cực tiểu nên M ứng thuộc dãy cực tiểu thứ 3. (k = 2). Cực tiểu qua M ứng với:

${d_1} - {d_2} = 2{,}5\lambda \Rightarrow 20 - 14 = 2{,}5\lambda$

$\Rightarrow \lambda = 2{,}4\left( {cm} \right) \Rightarrow v = \lambda f = v\frac{\omega }{{2\pi }} = 48\left( {cm/s} \right)$

Khoảng cách giữa 6 vân sáng liên tiếp là 5 khoảng vân $\Rightarrow 5i = 1{,}5 \Leftrightarrow i = 0{,}3{\rm{ }}mm$

Bước sóng của ánh sáng đơn sắc là:

$\lambda = \frac{{i.a}}{D} = \frac{{0,{{3.10}^{ - 3}}{{.5.10}^{ - 3}}}}{2} = 7,{5.10^{ - 7}}m = 0{,}75{\rm{ }}\mu m$

Tại thời điểm t$_{2}$ động năng bằng thế năng:

Tại thời điểm t$_{1}$ = 0 thì nên lúc này ${x_0} = \pm \frac{A}{2}$

Ta có thể biểu diễn quá trình chuyển động như trên hình vẽ sau:

Ta có: ${t_1} = \frac{T}{{12}} + \frac{T}{8} = \frac{\pi }{{48}}\left( s \right) \Rightarrow T = 0{,}1\pi (s)$$\Rightarrow \omega = \frac{{2\pi }}{T} = 20\left( {rad/s} \right)$

Biên độ tính từ công thức: ${\rm{W}} = \frac{{m{\omega ^2}{A^2}}}{2}$$\Rightarrow A = \sqrt {\frac{{2W}}{{m{\omega ^2}}}} = \sqrt {\frac{{2.0{,}128}}{{0,{{1.20}^2}}}} = 0{,}08\left( m \right) = 8\left( {cm} \right)$

Từ công thức: ${x^2} + \frac{{{v^2}}}{{{\omega ^2}}} = {A^2}$ suy ra:

$\left| v \right| = \omega \sqrt {{A^2} - {x^2}} = \frac{{2\pi }}{T}\sqrt {{A^2} - {x^2}} = \frac{{2\pi }}{2}\sqrt {{{10}^2} - {5^2}} \approx 27{,}21\left( {cm/s} \right)$

Khoảng cách giữa hai vân sáng liên tiếp trên màn là một khoảng vân i :

$i = \frac{{\lambda D}}{a} = \frac{{{{600.10}^{ - 9}}.1{,}2}}{{0,{{4.10}^{ - 3}}}} = 1,{8.10^{ - 3}}m = 1{,}8{\rm{ }}mm$