(2025) Đề thi tổng ôn tốt nghiệp THPT Vật lí có đáp án - Đề 2

Đáp án đúng là B

Sai số tương đối của bán kính: $\delta R = \frac{{\Delta R}}{{\overline R }} = \frac{{0{,}5}}{{10{,}0}} = 5\%$

Chu vi hình tròn: $p = 2.\pi .R$

Suy ra: $\delta p = \delta R = 5\%$

Đáp án đúng là B

Áp dụng quy tắc tổng hợp hai lực có giá song song, cùng chiều ta có:

$\frac{{{{\rm{F}}_2}}}{{\;{{\rm{F}}_1}}} = \frac{{{{\rm{d}}_1}}}{{\;{{\rm{d}}_2}}} \Rightarrow \frac{{{{\rm{F}}_2}}}{{\;{{\rm{F}}_1}}} = \frac{4}{{10}} = 0{,}4.$

Đáp án đúng là C

Ta có: $\left\{ {\begin{array}{llllllllllllllllllll}{x = A\cos (\omega t + \varphi )}\\{v = - A\omega \sin (\omega t + \varphi ) = A\omega \cos \left( {\omega t + \varphi + \frac{\pi }{2}} \right)}\end{array}} \right. \Rightarrow {\left( {\frac{x}{A}} \right)^2} + {\left( {\frac{v}{{A\omega }}} \right)^2} = 1$

Do đó, đồ thị mô tả sự phụ thuộc của x theo v có dạng đường elip.

Đáp án đúng là C

Độ giảm cơ năng của các vật là như nhau và bằng thế năng của mỗi vật (DA = mgh). Vật có nhiệt dung riêng nhỏ nhất sẽ có nhiệt độ tăng nhiều nhất (DA = Q = mcDt).

Đáp án đúng là D

Từ phương trình trạng thái khí lí tưởng $\frac{{{\rm{pV}}}}{{\rm{T}}} =$hằng số, khi V tăng 3 lần, T giảm 2 lần thì p giảm 6 lần.

Đáp án đúng là A

Từ phương trình $\frac{{{\rm{pV}}}}{{\rm{T}}} = {\rm{nR}}$ bình 1 có số mol khí n lớn nhất nên có áp suất khí lớn nhất.

Đáp án đúng là D

Từ trường biến đổi sinh ra dòng điện.

Đáp án đúng là A

Từ thông F qua diện tích S được tính theo công thức F = BS.sina. Chọn A.

Đáp án đúng là C

Phóng xạ là quá trình một hạt nhân không bền vững tự phát biến đổi thành hạt nhân khác kèm theo tia phóng xạ.

Đáp án đúng là C

Dựa vào đồ thị ta thấy, đồ thị v – t của xe A và B là đường thẳng, có độ dốc dương nên xe A và B chuyển động biến đổi đều (cụ thể là chuyển động thẳng nhanh dần đều).

Xe C có đồ thị là đường nằm ngang song song với trục thời gian nên xe C chuyển động đều.

Xe D có đồ thị là đường cong nên đây là một chuyển động phức tạp.

Đáp án đúng là B

Công suất: ${\rm{P}} = \frac{A}{t} = \frac{{F.d}}{t} = \frac{{50.30}}{{60}} = 25\,W$

Đáp án đúng là A

$$Q = m\lambda = 0{,}8.0,{61.10^5} = 48800\,J.$$

Đáp án đúng là B

T (°F) = 1,8t (°C) + 32

$$t(K) = t(^\circ C) + 273$$

$$t(K) = \frac{{t(^\circ F) - 32}}{{1{,}8}} + 273 = 308\,K$$

Đáp án đúng là A

Ta có: ${W_d} = \frac{3}{2}kT = \frac{3}{2} \cdot 1{,}38 \cdot {10^{ - 23}} \cdot (27 + 273) = 6{,}21 \cdot {10^{ - 21}}\;{\rm{J}}.$

Đáp án đúng là B

Từ biểu thức xác định độ lớn suất điện động cảm ứng trung bình, ta có:

$\begin{matrix}|e|=N|\frac{ΔΦ}{Δt}|=N|\frac{BS(\cos α-\cos {90}^{^{\circ}})}{Δt}| \\ \Rightarrow |\cos α|=\frac{|e|Δt}{NBS}=\frac{6{,}4\cdot 1}{1000\cdot 0{,}8\cdot 80\cdot {10}^{-4}}=1,\text{suy ra:}α=k\cdot {180}^{^{\circ}}(k=0;\pm 1;\pm 2;\ldots ) \\ \Rightarrow α={0}^{^{\circ}}\end{matrix}$

Đáp án đúng là B

Hạt nhân $_6^{12}{\rm{C}}$ có Z = 6; A = 12; N = 6

Hạt nhân $_{27}^{56}{\rm{Co}}$ có Z = 27; A = 56; N = 29.

Vậy hạt nhân $_6^{12}{\rm{C}}$, hạt nhân $_{27}^{56}{\rm{Co}}$ có nhiều hơn 23 neutron và 21 proton.

Đáp án đúng là B

Độ hụt khối của một hạt nhân $_Z^AX$ được xác định bằng biểu thức $\Delta m = \left[ {Z{m_{\rm{p}}} + (A - Z){m_{\rm{n}}}} \right] - {m_{\rm{x}}}.$

Đáp án đúng là A

$_9^{19}\;{\rm{F}} + _1^1{\rm{H}} \to _8^{16}{\rm{O}} + _2^4{\rm{He}}$

Biên độ sóng A và bước sóng l được xác định từ đồ thị như Hình vẽ. Theo đó:

+ Biên độ sóng A = 10 cm. Vậy phát biểu a) đúng.

+ Bước sóng có độ dài 6 ô, mỗi ô tương ứng 15 cm, theo trục Ox. Suy ra, l = 90 cm. Vậy phát biểu b) sai.

+ Quãng đường mà một điểm trên mặt nước có sóng truyền qua đi được trong 1 chu kì sóng bằng 4 lần biên độ sóng: s = 4A = 40 (cm). Do đó, phát biểu c) sai.

+ Có: v = l.f = 0,9.40 = 36 (m/s). Do đó, phát biểu d) đúng.

Theo định luật Ohm ${\rm{I}} = \frac{{\rm{U}}}{{\rm{R}}}$

Từ đồ thị cùng giá trị U (ví dụ bằng 7) ta thấy I$_{1}$ tương ứng điện trở R$_{1}$ là 3 mA còn I$_{2}$ ứng với điện trở R$_{2}$ là 1,5 mA do đó ta thấy R$_{1}$ lớn hơn R$_{2}$ và một cách gần đúng R$_{2}$= 2R$_{1}$. Các phát biểu a) và c) đúng.

Phát biểu b) đúng vì đồ thị là đường thẳng đi qua gốc toạ độ do đó tỉ số $\frac{{\rm{I}}}{{\rm{U}}}$ là hằng số.

Vì $R = \frac{U}{I}$ là hằng số nên phát biểu d) sai.

Nước đá đang tan ở 0 °C.

a) Sai;

b) Sai;

c) Đúng;

d) Sai.

a) Đúng; b) Sai; c) Sai; d) Sai.

Bảng số liệu sau khi đã tính toán các giá trị còn thiếu là:

Sai số trung bình:

$\begin{array}{l}\overline {\Delta B} = \frac{{\left| {\bar B - {B_1}} \right| + \left| {\bar B - {B_2}} \right| + \left| {\bar B - {B_3}} \right|}}{3}\\ = \frac{{|0{,}0180 - 0{,}0190| + |0{,}0180 - 0{,}0170| + |0{,}0180 - 0{,}0180|}}{3} \approx 0{,}0007\;{\rm{T}}\end{array}$

Tốc độ trung bình của xe máy trong 20 giây đầu tiên: ${v_{tb}} = \frac{{{s_1} + {s_2}}}{{{t_1} + {t_2}}} = \frac{{150}}{{20}} = 7{,}5\,m/s$

Đáp án: 7,5 m/s.

Từ đồ thị, ta thấy cần cung cấp nhiệt lượng Q = 100 kJ để hoá lỏng hoàn toàn khối băng ở 0 °C.

Khối lượng khối băng: $m = \frac{Q}{\lambda } = \frac{{100 \cdot {{10}^3}}}{{3{,}34 \cdot {{10}^5}}} \approx 0{,}299\;{\rm{kg}} = 299\;{\rm{g}}$

Đáp án: 299 g.

Gọi t (°C) là nhiệt độ của lò nung.

Áp dụng phương trình cân bằng nhiệt, ta có: ${m_{\rm{s}}}{c_{\rm{s}}}\left( {t - {t_{{\rm{cb}}}}} \right) = \left( {{m_{\rm{n}}}{c_{\rm{n}}} + {m_{{\rm{nlk}}}}{c_{{\rm{th}}}}} \right)\left( {{t_{\rm{n}}} - {t_{{\rm{cb}}}}} \right)$

$\Rightarrow t=\frac{({m}_{\text{n}}{c}_{\text{n}}+{m}_{\text{nlk}}{c}_{\text{th}})({t}_{\text{n}}-{t}_{\text{cb}})}{{m}_{\text{s}}{c}_{\text{s}}}+{t}_{\text{cb}}=\frac{(0{,}7\cdot 4180+0{,}15\cdot 460)\cdot 6}{0{,}05\cdot 460}+26\approx 807,{3}^{^{\circ}}\text{C}$

Đáp án: 807,3$^{o}$C.

Từ biểu thức tính độ lớn suất điện động cảm ứng, ta suy ra giá trị của góc hợp bởi vectơ cảm ứng từ và vectơ đơn vị pháp tuyến của mặt phẳng khung dây như sau:

$|e|=N|\frac{ΔΦ}{Δt}|=N\frac{|ΔB|S\cos α}{Δt}\Rightarrow \cos α=\frac{|e|Δt}{N|ΔB|S}=\frac{40.1}{100.(2{,}4-0{,}4).0{,}8}=0{,}25\Rightarrow α\approx 75,{5}^{^{\circ}}$

Đáp án: 75,5$^{o}$.

Số lượng hạt nhân $_{27}^{60}{\rm{Co}}$ chứa trong nguồn phóng xạ tại thời điểm đang xét là:

${H_{\rm{t}}} = \lambda {N_{\rm{t}}} = \frac{{\ln 2}}{T}{N_{\rm{t}}}$$\Rightarrow {N_{\rm{t}}} = \frac{T}{{\ln 2}}{H_{\rm{t}}} = \frac{{5{,}27 \cdot 365 \cdot 24 \cdot 3600}}{{\ln 2}} \cdot \left( {5800 \cdot 3{,}7 \cdot {{10}^{10}}} \right) \approx 5{,}15 \cdot {10^{22}}$ hạt

Đáp án: 5,15.10$^{22}$.

Số lượng hạt nhân $_2^4{\rm{He}}$ trong ngôi sao là: $N = \frac{{4 \cdot {{10}^{30}} \cdot {{10}^3}}}{4} \cdot 6{,}022 \cdot {10^{23}} = 6{,}022 \cdot {10^{56}}$hạt

Vì một phản ứng nhiệt hạch cần sử dụng 3 hạt nhân $_2^4{\rm{He}}$ nên tổng năng lượng toả ra của ngôi sao trong quá trình ba - alpha là: $Q = \frac{{6{,}022 \cdot {{10}^{56}}}}{3} \cdot 7{,}275 \cdot {10^6} \cdot 1{,}6 \cdot {10^{ - 19}} \approx 2{,}34 \cdot {10^{44}}\;{\rm{J}}$

Thời gian để toàn bộ hạt nhân $_2^4{\rm{He}}$ chuyển hoá hoàn toàn thành $_6^{12}{\rm{C}}$ là:

$t = \frac{Q}{\mathcal{P}} = \frac{{2{,}34 \cdot {{10}^{44}}}}{{3{,}8 \cdot {{10}^{30}}}} \approx 6{,}16 \cdot {10^{13}}\;{\rm{s}} \approx 1{,}95$ triệu năm.

Đáp án: 1,95 triệu năm.